届天津市宝坻一中杨村一中静海一中等六校联考高三上期中物理试题解析版.docx

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届天津市宝坻一中杨村一中静海一中等六校联考高三上期中物理试题解析版

2018届天津市宝坻一中、杨村一中、静海一中等六校联考高三（上）期中物理试题（解析版）

一、选择题

1.在花岗岩、大理石等装饰材料中，都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性元素的说法中正确的是（　　）

A.α射线是发生α衰变时产生的，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4个

B.氡的半衰期为3.8天，16个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下2个氡原子核

C.92238U衰变成82206Pb要经过6次β衰变和8次α衰变

D.放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的

【答案】CD

【解析】A、发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，核内质量数减少4，但中子数减少2个．故A错误．B、半衰期的对大量原子核的衰变的统计规律，对于单个是不成立的，故B错误．C、根据质量数和电荷数守恒可知：

发生α衰变放出，导致质子数减小2个，质量数减小4，故中子数减小2；发生β衰变时，生成核与原来的原子核相比，电荷数多1，质量数不变，所以发生α衰变的次数是：

，发生β衰变的次数是：

2×8-（92-82）=6次．故C正确．D、根据β衰变的特点可知，放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的质子转化为中子时产生的．故D正确．故选CD.

【点睛】该题考查对衰变和半衰期的理解，解决本题的关键知道三种衰变的实质，知道衰变的过程中电荷数守恒、质量数守恒．

2.如图所示，一物块置于水平地面上，当用水平力F拉物块时，物块做匀速直线运动；当拉力F的大小不变，方向与水平方向成37°角斜向上拉物块时，物块仍做匀速直线运动．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，则物块与地面之间的动摩擦因数为（　　）

A.B.C.D.

【答案】B

【解析】物体做匀速运动，受力平衡；当F水平拉动时有：

F=μmg；斜向上拉动物体时，竖直方向上的支持力为：

FN=mg-Fsin37°；水平方向上有：

Fcos37°=μ（mg-Fsin37°），联立解得：

；故B正确，A、C、D错误．故选B．

【点睛】本题考查共点力平衡条件的应用，要注意正确受力分析，列出平衡方程即可正确求解．

3.如图所示，在距离竖直墙壁为L=1.2m处，将一小球水平抛出，小球撞到墙上时，速度方向与墙面成θ=37°，不计空气阻力．墙足够长，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，则（　　）

A.球的初速度大小为3m/s

B.球撞到墙上时的速度大小为4m/s

C.将初速度变为原来的2倍，其他条件不变，小球撞到墙上的点上移了

D.若将初速度变为原来的一半，其他条件不变，小球可能不会撞到墙

【答案】AD

【解析】A、设小球水平抛出时的速度为v0，则从开始到撞到墙上所用的时间为：

撞到墙上时的竖直速度：

根据速度方向与墙面成θ=37º，则

代入数据得：

v0=3m/s，A正确；

B、撞到墙上时的速度：

，B错误；

C、打到墙上的点距抛出点的竖直高度为：

；若将球的初速度变为原来的2倍，则打到墙上的点距抛出点的竖直高度为：

。

小球撞到墙上的点上移了，C错误；

D、因为墙足够长，只要初速度不为零，就一定能打到墙上，D错误。

故选：

A。

4.将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v﹣t图象如图所示．以下判断正确的是（　　）

A.前2s内货物处于超重状态

B.第3s末至第5s末的过程中，货物完全失重

C.最后2s内货物只受重力作用

D.前2s内与最后2s内货物的平均速度和加速度相同

【答案】A

【解析】A.在前2s内，图象的斜率为正，加速度为正方向，说明加速度向上，货物处于超重状态，故A正确；

B.第3s末至第5s末的过程中，货物匀速运动，重力等于拉力，B错误；

C、最后2s内,加速度为≠g，故货物并不是只受重力时，故C错误。

D.前2s内货物做匀加速直线运动,平均速度为,最后2s内货物的平均速度，故D错误。

故选：

A。

点睛：

速度图象的斜率等于物体的加速度．根据斜率的正负分析加速度的方向，根据加速度的方向判断货物是超重还是失重状态．加速度方向向上时，处于超重状态，反之，处于失重状态．根据求匀变速直线运动的平均速度．

5.如图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.8kg，弹簧秤示数为5N，若轻轻取走盘中0.5kg砝码，将会出现的情况是（g取10m/s2）（　　）

A.弹簧秤示数变小

B.A将向左运动

C.桌面对A的摩擦力变小

D.A所受和外力变大

【答案】C

【解析】初态时，对A受力分析有：

受到的摩擦力Ff=F1−F2=0.8×10−5=3N，说明最大静摩擦力Fmax⩾3N，当将总质量减小到0.3kg时，拉力变为3N，摩擦力，小于最大静摩擦力，所以物体仍静止，弹簧测力计的示数不变，摩擦力变小，故ABD错误，C正确。

故选：

C.

点睛：

对A受力分析可得出A受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化．

6.长为l0的轻杆一端固定一各质量为m的小球，绕另一端O在竖直平面内做匀速圆周运动，如图所示．若小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，以下说法正确的是（　　）

A.小球运动的线速度大小为

B.小球运动的线速度大小为

C.小球在最高点时所受的合力3mg

D.小球在最低点时所受杆的拉力为3mg

【答案】C

【解析】A.小球运动到最高点时对杆的作用力为2mg，因为小球做匀速圆周运动需要向心力，杆对小球只能是拉力，等于2mg，所以小球受到的合力等于3mg。

合力提供向心力：

，得，AB错误，C正确；

D.因为小球在最高点时所受的合力等于3mg，小球在最低点速度大于最高点的速度，所受合力一定大于3mg，而合力等于拉力与重力之差，所以所受杆的拉力一定大于3mg，D错误。

故选：

C。

7.“天舟一号”货运飞船2017年4月20日在文昌航天发射中心成功发射升空，与“天宫二号”空间实验室对接前，“天舟一号”在距地面约380km的圆轨道上飞行，已知地球距地面卫星的高度约为36000km，则“天舟一号”（　　）

A.线速度小于地球同步卫星的线速度

B.线速度大于第一宇宙速度

C.向心加速度小于地球同步卫星加速度

D.周期小于地球自转周期

【答案】D

【解析】A.“天舟一号”的轨道半径比地球同步卫星的小，由开普勒第二定律知其线速度大于同步卫星的线速度。

故A错误；

B.第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度，“天舟一号”的线速度小于第一宇宙速度。

故B错误；

C.万有引力等于向心力，则向心加速度知，“天舟一号”的向心加速度大于地球同步卫星的向心加速度，C错误；

D.万有引力等于向心力，得,“天舟一号”的周期小于同步卫星的周期，而同步卫星的周期等于地球的自转周期，D正确。

故选：

D。

8.如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动．用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在圆弧形墙壁上的C点．当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中（保持OA与地面夹角θ不变），OC绳所受拉力的大小变化情况是（　　）

A.逐渐减小B.逐渐增大C.先减小后增大D.先增大后减小

【答案】C

【解析】试题分析：

对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力；故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；

将F和OC绳上的拉力合力，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；

故选C。

考点：

物体的平衡

【名师点睛】本题利用了图示法解题，解题时要注意找出不变的量作为对角线，从而由平行四边形可得出拉力的变化。

9.如图所示，质量为M的斜面体B放在水平面，斜面的倾角θ=30°，质量为m的木块A放在斜面上，木块A下滑的加速度，斜面体静止不动，则（　　）

A.木块与斜面之间的动摩擦因数为0.25

B.地面对斜面体的支持力等于（M+m）g

C.地面对斜面体的摩擦力水平向右，大小为

D.地面对斜面体无摩擦力作用

【答案】C

【解析】A、根据牛顿第二定律，沿斜面方向，解得，A错误；

B、把斜面和木块看做一个整体，沿竖直方向，得，B错误；

C、把斜面和木块看做一个整体，沿水平方向摩擦力提供加速度，，C正确，D错误。

故选：

C。

二、多项选择题

10.大量处于基态的氢原子吸收了某种单色光的能量后能发出3种不同频率的光子，分别用它们照射一块逸出W0的金属板时，只有频率为v1和v2（v1＞v2）的两种光能发生光电效应．下列说法正确的是（　　）

A.金属板的极限频率为

B.光电子的最大初动能为h（v1+v2）﹣W0

C.吸收光子的能量为h（v1+v2）

D.另一种光的光子的能量为h（v1﹣v2）

【答案】AD

【解析】A、金属板的极限频率为，得，A正确；

B、频率为ν1的光子照射到金属板时逸出的光电子初动能最大，则光电子的最大初动能为，B错误；

C、吸收光子的能量为hν1，C错误；

D、逸出的三种光子能量关系为：

，所以另一种光的光子能量为h（ν1-ν2），D正确。

故选：

AD。

11.如图所示，质量为4kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为1kg的物体B用细线悬挂在天花板上，B与A刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是A、B间的作用力大小为（　　）

A.A加速的大小为2.5m/s2

B.B加速的大小为2m/s2

C.弹簧弹力大小为50N

D.A、B间相互作用力的大小为8N

【答案】BD

【解析】AB、剪断细线前,A、B间无压力,则弹簧的弹力F=mAg=40N,剪断细线的瞬间,对整体分析,根据牛顿第二定律有：

（mA+mB）g−F=（mA+mB）a

解得：

a=2m/s2，A错误，B正确；

C、剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变，仍为40N，C错误；

D、隔离对B分析,根据牛顿第二定律有：

mBg−N=mBa，解得：

N=mBg−mBa=10N−1×2N=8N，D正确。

故选：

BD。

点睛：

细线剪断瞬间，先考虑AB整体，根据牛顿第二定律求解加速度；再考虑B，根据牛顿第二定律列式求解A对B的作用力．

12.如图所示，一条细线一端与地板上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O'点，细线与竖直方向夹角为α，则（　　）

、

A.如果将物体B在地板上向右移动一点，α角将增大

B.如果将物体B在地板上向右移动一点，地面对B的支持力将减小

C.减小小球A的质量，α角一定增大

D.悬挂定滑轮的细线的拉力一定大于小球A的重力

【答案】AD

【解析】A、对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：

T=mg；如果将物体B在地板上向右移动稍许，则∠AOB增加；对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：

根据平衡条件，∠AOB=2α，故α一定增加，故A正确；B、A与B之间绳子的拉力不变，当物体B在地板上向右移动一点时，绳子的拉力T沿竖直向上的分力减小，所以地面对B的支持力将增大，故B错误；C、减小小球A的质量，系统可能平衡，故α可能不变，故C错误；D、由于，∠AOB=2α＜90°，弹力F与两个拉力T的合力平衡，而T=mg．故定滑轮的细线的弹力一定大于小球A的重力，故D正确；故选AD．

【点睛】本题考查共点力平衡的应用，应用涉及多个物体的平衡，在解答中关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式