精品解析江苏省泰州市靖江市中考一模物理试题解析版Word下载.docx
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C.深秋早晨，枫叶上蒙上的白霜D.初春，河面上的冰慢慢消融
【答案】D
【详解】在一定条件下，物体的三种状态——固态、液态、气态之间会发生相互转化，物态变化过程中，都伴随着吸热或放热，其中放出热量的物态变化有：
凝固、液化、凝华；
吸热的有：
熔化、汽化、升华。
露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面；
雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶；
霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶；
冰慢慢消融是冰的熔化现象，综上所述，只有D符合题意。
故选D。
4.下列实例属于减小摩擦的是（ ）
A.鞋底的花纹
B.体操运动员上单杆前手上涂镁粉
C.骑自行车刹车时用力捏闸
D.气垫船利用压缩空气使船体与水面脱离接触
【详解】A．鞋底的花纹是通过增大接触面粗糙程度，增大摩擦力，故A不符合题意；
B．体操运动员上单杆前手上涂镁粉是通过增大接触面粗糙程度，增大摩擦力，故B不符合题意；
C．骑自行车刹车时用力捏闸通过增大压力，增大摩擦力，故C不符合题意；
D．气垫船利用压缩空气使船体与水面脱离接触是通过减小接触面粗糙程度，减小摩擦力，故D符合题意。
5.下列各图所列举的事例中，属于热传递改变物体内能的是（ ）
对试管加热，管内水温升高
冬天搓手，手会变暖
从滑梯滑下，臀部发热
迅速压下活塞，筒内气温升高
试题分析：
对试管加热，管内水从酒精灯火焰上吸收热量水温升高，是通过热传递的方式改变水的内能，故A正确；
冬天搓手，手会变暖，是克服摩擦做功机械能转化为内能的，是通过做功的方式改变物体内能，故B错误；
从滑梯滑下，臀部与滑梯摩擦，机械能转化为内能，臀部发热，摩擦生热这是利用做功来改变物体内能的，故C错误；
迅速压下活塞时，对筒内气体做功，机械能转化为内能，筒内气温升高，因此是通过做功改变物体的内能，故D错误；
故应选A．
【考点定位】热传递改变物体内能
6.关于生活用电，下列做法中符合安全用电要求的是（ ）
A.家用电器失火时，先灭火，后切断电源
B.不使用连接导线绝缘皮老化、破损的移动插座
C.在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机
D.把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
详解】A．家用电器失火时，应先切断电源，后灭火，故A不符合题意；
B．使用连接导线绝缘皮老化、破损的移动插座，可能会引起触电事故，所以不能使用，故B符合题意；
C．在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机易引起触电事故，故C不符合题意；
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，发生用电器外壳漏电时，会引起触电事故，故D不符合题意。
故选B。
7.下列是四种模拟病房呼叫电路的设计图，其中设计最佳的是
B.
C.
D.
【详解】A．由图示电路图可知，两指示灯并联在两支路中，电铃串联在干路中，开关S1控制整个电路，开关S2控制指示灯L2，当两开关都闭合时，两个指示灯都亮，无法辨别是哪个病房病人在呼叫，因此不符合题意，故错误；
B．由图示电路图可知，两指示灯并联在两支路中，电铃串联在干路中，每个开关控制一条支路，因此符合题意，故正确；
C．由图示电路图可知，指示灯与电铃串联后并联，闭合任一开关，指示灯亮、电铃响，但是每个病房都需要对应的指示灯和电铃，电铃太多会混淆护士的判断，因此不符合题意，故错误；
D．由图示电路图可知，灯泡与电铃串联由同一开关控制，因此不符合题意，故错误．
8.如图所示，在做“探究二力平衡条件”实验时，选用质量较小的卡片，目的是忽略小卡片的重力对实验的影响。
这种突出问题的主要方面，忽略次要因素，是物理学中经常采用的一种科学研究方法。
以下四个实例中所用研究方法与此相同的是（ ）
A.选用质量相同的物体探究重力势能与高度的关系
B.选用轻绳探究使用定滑轮的特点
C.选用水流类比电流
D.选用玻璃板代替平面镜来研究平面镜成像特点
【详解】A．用质量相同的物体探究重力势能与高度的关系，是控制变量法。
不符合题意；
B．探究使用定滑轮的特点的实验中，由于绳的重力对该实验有影响，所以可选用轻绳，以便忽略其影响。
符合题意；
C．选用水流类比电流，是类比法，不符合题意；
D．选用玻璃板代替平面镜来研究平面镜成像特点，是用等效替代方法确定像的位置，不符合题意。
9.厨房中的抽油烟机能将油烟“吸走”．下列现象中，“吸”的物理原理与其相同的是
A.与头发摩擦过的气球能“吸”起纸屑
B.拔火罐时罐子“吸”在皮肤上
C.削平的铅柱挤压后会“吸”在一起
D.客车行驶时窗帘被“吸”出窗外
【详解】厨房中的抽油烟机能将油烟“吸走”是利用了大气压强的有关知识
A．与头发摩擦过的气球能“吸”起纸屑，是摩擦起电现象；
B．拔火罐时罐子“吸”在皮肤上，是罐内气压减小，利用大气压强将罐子“吸”在皮肤上；
C．削平的铅柱压紧后能“吸”在一起，因为分子间有引力；
D．行驶的汽车，因为车外的空气流速快，压强小，车内的空气流速小、压强大，压强差就把窗帘压向窗外．
10.新冠肺炎疫情期间，各地白衣战土最美逆行。
由于病毒强大的传染性必须做好防护，医护人员长时间戴口罩后，脸上留下了深深的压痕（如图所示）。
为减轻由于护目镜和口罩而勒出的勒痕，海军军医大学研发了“防护凝胶贴片”，有效地减轻了医护人员的面部不适。
下列说法中正确的是（ ）
A.口罩的弹性绳形变量越大，弹性绳的弹性势能越小
B.压痕深说明压强较小
C.要减轻压痕只能把口罩系得松一点
D.防护凝胶贴片可以减轻压痕，是由于增大了受力面积，减小了压强
【详解】A．弹性势能的大小与弹性形变有关，同种物质的弹性形变越大，弹性势能越大，口罩的弹性绳形变量越大，弹性绳的弹性势能越大，故A错误；
B．压痕越深说明压力的作用效果越明显，即压强越大，故B错误；
C．要减轻压痕可以把口罩系得松一点，也可以增大受力面积，故C错误；
D．防护凝胶贴片是在压力一定时，通过增大受力面积来较小压强的，故D正确。
11.如图所示为今年中考体育的四个项目，以下说法正确的是（ ）
立定跳远
起跳时用力蹬地，是利用了物体间力的作用是相互的
50m跑
冲过终点的同学不能立刻停下来是因为受到了惯性的作用
引体向上
完成一次引体向上，双臂的拉力始终等于同学的重力
投掷实心球
球在空中飞行至最高点时的动能为零
（1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
（2）惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性百米冲线后，由于惯性要保持原来的运动状态不变，继续运动；
（3）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体是平衡状态，受平衡力的作用；
（4）物体由于运动而具有的能叫动能；
动能大小的影响因素：
质量、速度。
质量越大，速度越大，动能越大。
【详解】A．立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对脚产生力的作用，就能向前运动，这是利用了物体间力的作用是相互的，故A正确；
B．惯性是物体本身固有的一种性质，不能用“受惯性作用”这样的词语表达，故B错误；
C．在上升或下降过程中，由于身体的运动状态不确定，因此无法确定双臂的拉力与同学的重力的关系，故C错误；
D．实心球经过最高点时，高度最高，竖直方向的速度为零，但水平方向速度不为零，故动能不为零，故D错误。
【点睛】此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、二力平衡的应用、动能的概念，对概念正确的理解是解题的关键。
12.图乙是根据图甲的电路，由实验测得的数据绘制的灯泡L及滑动变阻器R'
的I﹣U关系图象，灯泡L的额定电压为2.5V．则关于此实验，下列说法正确的是
A.电源电压为5V
B.小灯泡的额定功率为0.25W
C.灯泡正常发光时变阻器连入电路的电阻为2Ω
D.当小灯泡的实际功率与滑动变阻器消耗的功率相等时，电路的总功率最大
【答案】C
根据图像及串联电路的电压特点，得出电源电压；
根据P=UI，得出小灯泡的额定功率．
【详解】由图甲可知，灯泡与变阻器
串联，V1测L两端的电压，V2测
两端的电压，电流表测电路中的电流．若滑片向右移动，
连入阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知电路中电流变小，根据串联电路分压原理可知，此时
两端的电压变大，L两端的电压变小，由此可知，图线B是
的电流与电压的关系图象，图线A是L的电流与电压的关系图象．
A.因为串联电路中电流处处相等，则由图像知，当电路中电流为0.2A时，灯与滑动变阻器两端的电压都为1.5V，由串联电路的电压特点可得，电源电压：
U=UL+
=1.5V+1.5V=3V．故A错误；
B.灯泡L的额定电压为2.5V，由图线A可知，当灯泡电压为2.5V时．通过的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率：
2.5
0.25A=0.625W．故B错误．
C.灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压UR=3V
2.5V=0.5V，由I=
可得滑动变阻器连入电阻R=
2
，故C正确；
D.由电路图可知，当滑动变阻器接入电路
电阻为零时，电路中电阻最小，此时电流最大，电源电压不变，根据P=UI知此时总功率最大，故D错误．故选C．
二．填空题（共8小题，共26分）
13.如图所示，拨打悬挂在广口瓶内的手机，听到手机发声，同时看到手机指示灯亮。
不断抽出瓶内的空气。
根据_____（填写对应的现象），可以推断真空不能传声，根据_____（填写对应的现象）；
可以推断真空能够传播电磁波；
将广口瓶换成_____，手机将难以接收到信号。
【答案】
（1）.听到的声音逐渐减弱
（2）.能看见指示灯亮（3）.金属容器
【详解】[1]真空不能传声实验中，不断抽取瓶内的空气，空气越稀薄，听到的声音越弱，故根据听到的声音逐渐减弱，可以推断真空不能传声。
[2]指示灯发光说明手机能接收到信号，即电磁波可以在真空中传播，故根据能看到指示灯亮，可以推断真空能够传播电磁波。
[3]因为金属可以阻挡电磁波的传播，故将广口瓶换成金属容器后，手机将难以接收到信号。
14.如图所示，是国庆60周年阅兵式上空中梯队飞越天安门广场的情景，呈“人”字形展开的战斗机群，好长一段时间队形不变，甚为壮观。
其中蕴含很多物理知识，队形不变时，飞机之间相对_____；
观礼的人群听到的飞机声是经_____传播而来。
【答案】
（1）.静止
（2）.空气
【详解】[1]队形不变时，飞机之间相对位置没有改变，处于相对静止状态。
[2]固体、液体、气体都可以传声，观礼的人群听到的飞机声是经空气传播而来。
15.如图，是手电筒的构造示意图，电源为两节新的干电池，电源电压为_____V，尾部的弹簧利用了金属弹簧的_____和_____物理属性。
一额定电压220V、额定功率8.8W的LED灯，该灯的额定电流为_____A。
若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是_____kW•h。
与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯只需要白炽灯10%的电能，则这个LED灯与功率为_____W的白炽灯亮度相当。
【答案】
（1）.3
（2）.弹性（3）.导电性（4）.0.04（5）.1.32（6）.88
【详解】[1]一节干电池的电压为1.5V，两节新的干电池，电源电压为3V。
[2][3]金属弹簧具有弹性和导电性，则手电筒尾部的弹簧利用了金属弹簧的弹性和导电性物理属性。
[4]LED灯的额定电压220V、额定功率8.8W，则该灯的额定电流为
[5]若LED灯的每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是
[6]LED灯的功率为8.8W，白炽灯的功率设为P1，因为LED灯只需要白炽灯10%的电能，所以根据W=Pt可得到
解得P1=88W。
16.“溜溜球”是同学们小时候玩过的一种玩具。
如图是其结构示意图，使用时将线绕好，然后手持绳的上端自由释放，若不计空气阻力，在“溜溜球”下落过程中________能转化为________能；
由于空气阻力，“溜溜球”上升的高度将越来越小，为使“溜溜球”上升的高度不变，在其上升的过程中，人必须提拉绳子，通过绳对“溜溜球”_____，从而使它的机械能得到不断的补充。
【答案】
（1）.重力势
（2）.动（3）.做功
【详解】[1][2]在“溜溜球”下落过程中，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能；
[3]由于空气阻力，“溜溜球”的机械能会减小，故上升的高度将越来越小，为使“溜溜球”上升的高度不变，在其上升的过程中，必须使它的机械能得到不断的补充，可以在“溜溜球”上升过程提拉绳子对“溜溜球”做功。
17.汽车发动机常用水做冷却剂，这是因为水的______较大。
水流过发动机外表时使发动机温度降低，这是通过______的方法减小了发动机的内能。
发动机气缸内燃烧的汽油是_____（选填“可”或“不可”）再生能源。
100g的汽油完全燃烧可放出热量为_______J，若这些热量有20%被质量为100kg的铁制发动机吸收，则发动机的温度将升高_______℃。
［已知汽油的热值q=4.6×
107J/kg，c铁=0.46×
103J/（kg•℃）］
【答案】
（1）.比热容
（2）.热传递（3）.不可（4）.4.6×
106（5）.20
【详解】[1]用水冷却发动机是因为水的比热容大，吸热能力强；
[2]水流过发动机外表时使发动机温度降低，这是通过热传递的方法减小了发动机的内能；
[3]汽油在短期内无法再生，属于不可再生能源；
[4]100g汽油完全燃烧放出的热量
Q放＝mq＝0.1kg
4.6
107J/kg＝4.6
106J
[5]水吸收热量
Q吸＝Q放
t＝
20℃
18.根据古文《论衡·
是应篇》中的记载：
“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样并印刷在邮票上。
（1）如图（甲）所示，当磁勺在正确指南时，其A端为该磁体的_____（N/S）极。
（2）为达到理想的指向效果，制作人将磁勺靠近一电磁铁，如图（乙）所示。
闭合开关S，磁勺和电磁铁相互吸引，由此增加磁勺的磁性，H为电源的_____极。
【答案】
（1）.S
（2）.正
【详解】
（1）[1]磁勺在正确指南时，地理的南极正式地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，其A端为该磁体的S极。
（2）[2]因为异名磁极相互吸引，则与磁勺所靠近的下端是通电螺线管的N极，用安培定则可判断通电螺线管中的电流方向，再根据电流方向是从电源的正极出发通过用电器回到负极，所以H端为电源的正极。
19.体积为1.2dm3的空心铁球，空心部分注入适量水后恰好可以悬浮在酒精中，它受到的浮力是_____N；
若将它浸没在水中，松手后将会_____（选填“上浮”或“下沉”）；
要使它在水中也能恰好悬浮，需要在此空心铁球内_____（选填“注入”或“吸出”）_____cm3的水。
（ρ酒精＝0.8×
103kg/m3，g＝10N/kg）
【答案】
（1）.9.6
（2）.上浮（3）.注入（4）.240
【详解】[1]它受到的浮力是
[2]水的密度大于酒精的密度，在水中浸没时受到的浮力变大，松手后将会上浮。
[3]要使它在水中也能恰好悬浮，需要增加铁球的重量，在此空心铁球内注入水。
[4]在水中也能恰好悬浮，此时铁球受到的浮力为
铁球在酒精中悬浮，重力等于酒精中的浮力为9.6N，要使它在水中也能恰好悬浮，注入水的重力为
水的体积为
20.定值电阻R1、R2和标有额定功率为“0.9W”字样白炽灯L和特殊电子元件E并联接在电路中，且R1＜R2，改变电路两端电压U，通过每个电阻、电灯和特殊电子元件的电流也相应改变，根据实验数据绘出R1、R2、RL和RE的I-U（或U-I）图线，如图所示。
（1）白炽灯的额定电流为_____A，
（2）若将定值电阻R1与特殊电子元件E并联后接在电压为3V电路中，电路消耗的总功率是_____W。
（3）若将定值电阻R2与白炽灯L串联后，接在电压为3.5V的电路中，则电阻R2在1分钟内产生的热量是___J。
【答案】
（1）.0.3
（2）.1.95（3）.22.5
（1）[1]由第一幅图象可知，当两电阻两端
电压相同时，通过定值电阻A的电流比B大，由欧姆定律可知B的电阻大、A的电阻小；
因R1＜R2，所以OA代表R1的I-U图线；
由第二幅图象可知，电压增大，电流增大，但电流的变化量比电压的变化量大，根据欧姆定律可知OC代表的电阻减小；
从第三幅图象可知，电压增大，电流增大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知OD代表的电阻变大；
因白炽灯泡的电阻会随两端电压的变大，功率变大，温度升高而变大，所以OD代表白炽灯的I-U图线，OC代表的是电子元件E的I-U图线；
从图象中可知当灯泡两端的电压为3V时，电流为0.3A；
（2）[2]查图可知，当电压为U=3V时，R1中的电流为I1=0.35A，电子元件中的电流为IE=0.3A，电路中的总电流为
I′=I1+IE=0.35A+0.3A=0.65A
电路的总功率为
P总=UI′=3V×
0.65A=1.95W
（3）[3]查图可知当电流为I=0.15A，灯泡两端的电压为UL=1V，R2两端的电压为U2=2.5V时，电路两端的电压为3.5V；
电阻R2在1分钟内产生的热量为
Q=W=UIt=2.5V×
0.15A×
60s=22.5J
三．实验探究题（共10小题，50分）
21.如图所示，有一束与水平面成30
角的光斜射入鱼缸的水中，发生反射和折射现象，请你画出反射光线并标出反射角，并大致画出折射光线的路径．
（）
【答案】
【详解】过入射点做法线，由于入射光线与水面的夹角为30°
，所以入射角为90°
−30°
=60°
，根据反射角等于入射角做出反射光线．光线从空气斜射入水中时折射角小于入射角，如图所示：
22.作出斜面上的木块受到的重力和对斜面的压力．
【详解】过物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，符号为G；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F，如图所示：
23.请用笔画线代替导线，将电灯和开关正确连入电路。
【详解】家庭电路中两灯应并联，开关接在火线上，如下图所示：
24.用如图所示滑轮组提升重物。
人用500N的拉力F，15s内使重为900N的物体匀速上升了3m。
不计绳重和摩擦，求：
（1）动滑轮的重；
（2）人拉绳子做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率。
（1）100N；
（2）200W；
（3）90%
（1）动滑轮的重为
（2）绳子自由端移动的距离为重物上升的2倍即6m，人拉绳子做功的功率为
（3）滑轮组的机械效率为
答：
（1）动滑轮的重为100N；
（2）人拉绳子做功的功率为200W；
（3）滑轮组的机械效率90%。
25.某电热水器具有加热和保温功能，其工作原理如图甲所示，控制电路中的电磁铁线圈电阻不计，R为热敏电阻，其阻值随温度变化的规律如图乙所示，电源电压U1恒为6V，当线圈中的电流I＞8mA时，衔铁被吸下，加热电路接通；
当线圈中的电流I≤8mA时，电磁铁不能吸引衔铁，保温电路接通、热敏电阻R和工作电路中的电阻丝R1、R2，均置于储水箱中，U2＝220V，加热功率3000W，加热效率为90%，保温功率200W，水的比热容为4.2×
103J/（kg℃）。
（1）电阻丝R1、R2的阻值分别为多少欧姆？
（保留一位小数）
（2）该热水器在加热状态下，将60kg、20℃的水加热到50℃吸收多少热量？
加热时间需要多少秒？
（3）若保护电阻R0为200Ω，则热水器刚开始保温时水的温度是多少？
若要使热水器刚开始保温时的温度降低一些，采取的措施是什么？
（写一条即可）。
（1）16.1；
225.9；
（2）7.56×
106J；
2800；
（3）80℃；
增大保护电阻R0或减小电源电压
（1）由图甲可知，电磁铁的衔铁被吸下，电磁继电器下方的触点与触点b接通时，电路为R2的基本电路；
电磁继电器上方触点与触点a接通时，电阻R1与R2串联；
因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以电磁继电器下方触点与触点b接通时，电路处于加热状态；
电磁继电器上方触点与触点a接通时，电阻R1与R2串联，电路处于保温状态；
由公式
可知，电阻R2的阻值为
此时的总电阻为
则电阻R1的阻值为
（2）水吸收的热量为
由
可得，加热电路消耗的能量为
可得，加热时间为
（3）由题意知，刚开始保温时，电路电流为0.8mA，由公式
可知，此时的总电阻为
因串联电路中的总电阻等于各部分电阻之和，所以热敏电阻的阻值为
由图乙可知，此时水温为80℃。
开始保温时的温度越低，热敏电阻的阻值越小，由公式
和串联电路电阻特点可知
因此使热水器刚开始保温时的温度降低一些，可增大保护电阻R0或减小电源电压。
答
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