泰安物理中考真题解析版Word文件下载.docx

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7.如图所示的电路中，小灯泡L1、L2规格相同，闭合开关S后，发现L1不亮，L2发光。

此电路的故障可能是（　　）

A．灯L1短路B．灯L2短路

C．灯L1断路D．开关S接触不良

8.家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。

下列电路中最符合电吹风工作要求的是（　　）

A．

B．

C．

D．

9.2018年5月21日凌晨，我国成功利用长征四号丙运载火箭将“鹊桥”号中继卫星发射升空，迈出了人类航天器月背登陆第一步！

下列有关说法正确的是（　　）

A．火箭点火升空过程中，内能转化为机械能

B．火箭点火升空过程中，火箭的惯性消失

C．火箭加速上升过程中，重力势能转化为动能

D．火箭加速上升过程中，只受到重力和空气阻力

10.下列实验中，能说明电动机工作原理的是（　　）

11.下面几个研究实例中，采用了相同研究方法的是（　　）

①利用光线表示光传播的径迹和方向

②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积

③“比较不同物质吸热的情况”时，用加热时间的长短表示吸收热量的多少

④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下

A．①和②B．②和③C．②和④D．③和④

12.如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。

下列说法正确的是（　　）

①容器对桌面的压力：

F甲＞F乙

②液体的密度：

ρ甲＝ρ乙

③液体对容器底部的压强：

p甲＞p乙

④容器对桌面的压强：

p甲′＝p乙′

A．只有①和③B．只有①和④C．只有②和③D．只有③和④

13.在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。

则下列相关说法正确的是（　　）

①光屏上成倒立、放大的实像

②照相机是利用这一成像原理工作的

③该透镜的焦距f一定满足8cm＜f＜15cm

④将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜

A．只有①和③B．只有②和④C．只有②和③D．只有①和④

14.某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为4.6×

107J/kg，假设燃油完全燃烧。

通过计算可知，下列结果正确的是（　　）

①汽车行驶速度是20km/h②消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×

107J

③汽车牵引力做功的功率是30kW④汽车发动机的效率是20%

A．只有①和②B．只有②和③C．只有①和④D．只有②和④

15.如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。

闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（　　）

①电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W～0.9W

②电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.5A

③滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω～20Ω

④电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W～3W

A．只有①和③B．只有①和④C．只有②和③D．只有②和④

二、填空题（共4小题）

16.有甲、乙、丙三个带电体，甲物体吸引乙物体，乙物体排斥丙物体。

如果丙物体带正电，则甲物体带　　　电。

17.小芳站在平面镜前，当她远离平面镜时，她在镜中像的大小会　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

18.标准大气压下，质量为0.5kg、温度为70℃的水放出4.2×

104J的热量，水的温度降低了　　　℃[c水=4.2×

103J/（kg•℃）]。

19.如图所示，在水平拉力F1＝10N作用下，木板甲在水平地面上匀速向右运动，同时物块乙相对于地面静止，已知此时墙壁对物块乙的拉力F2＝4N．则木板甲与地面间的摩擦力是　　N。

三、解答题（共2小题）

20.图中的入射光线平行于凸透镜主光轴，画出经凸透镜后的折射光线。

21.一小球静止在水平面上，如图所示，请你画出物体所受的重力的示意图。

四、实验探究题（共2小题）

22.图甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。

用弹簧测力计竖直向上　　　　　　拉动绳子自由端，将重为4.5N的物体从A位置提升到A′位置，同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示。

请你根据他们做的实验完成下列问题：

（1）物体提升的高度是　　　　cm，拉力是　　N，该滑轮组的机械效率η＝　　　　；

（2）若在图甲装置的基础上，增加一个动滑轮，改为图丙所示的装置，提升同一物体，则滑轮组的机械效率　　　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

23.某物理兴趣小组利用图甲所示实验电路图同时测量电源电压U0的大小和电阻Rx的阻值，电源电压U0约为2V～3V，Rx的阻值约为6Ω～7Ω．实验室提供如下器材：

导线若干、开关、电流表（量程0～0.6A，0～3A）、电压表（量程0～3V，0～15V）、滑动变阻器R（最大阻值为30Ω）。

请你思考完成下列问题：

（1）按照图甲用笔画线代替导线，连接好图乙中的实物图。

（2）用物理量U0、Rx、电流表的示数I写出表示电压表示数U大小的关系式：

U=　﹣IR　。

（3）①正确连接电路后，闭合开关前应使滑动变阻器连入电路的阻值为　　　　（选填“最大”或“零”）；

②移动滑动变阻器的滑片，读出4组电流表和电压表示数，分别以电流表的示数I和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，在坐标纸上描点，把这4个点连接起来大致为一条直线（并虚线延长到纵轴），如图丙所示。

从图丙中信息可求得：

电源电压U0=　　V，电阻Rx=　　Ω。

五、计算题（共2小题）

24.用弹簧测力计悬挂一实心物块，物块下表面与水面刚好接触，如图甲所示。

从此处匀速下放物块，直至浸没于水中并继续匀速下放（物块未与水底接触）。

物块下放过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水的深度h的关系如图乙。

g取10N/kg，水的密度是1.0×

103kg/m3．求：

（1）物块受到的重力；

（2）物块完全浸没在水中受到的浮力；

（3）物块的密度。

25.某物理兴趣小组设计了一个压力报警装置，工作原理如图所示。

ABO为一水平杠杆，OA长120cm，O为支点，AB：

OB=5：

1；

已知报警器R0的阻值恒为10Ω，压力传感器R固定放置，R的阻值随所受压力F变化的关系如表所示。

闭合开关S，水平踏板空载时，电压表的示数为2V；

当水平踏板所受压力增大，电压表示数达到5V时，报警器R0开始发出报警信号。

踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。

求：

F/N

5

10

15

20

25

30

…

R/Ω

45

34

24

18

14

12

（1）电源电压为多少？

（2）当报警器开始报警时，踏板设定的最大压力值为多少？

（3）若电源电压变为14V，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，应在杠杆上水平调节踏板触点B的位置。

试计算说明触点B应向哪个方向移动多少厘米？

参考答案

1.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

【解答】解：

A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。

故A不符合实际；

B、大气压强随海拔高度的增加而减小，海平面处的大气压在1.0×

105Pa左右，泰山山顶气压远小于1.0×

105Pa．故B不符合实际；

C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm。

一支新2B铅笔长度与此差不多，在18cm左右。

故C不符合实际；

D、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。

故D符合实际。

故选：

D。

【知识点】质量的估测

2.【分析】

（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质；

但并不是所有的声音人耳都能听得到，只有响度和频率合适，人耳才可能听得到；

（2）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关，音调的高低与发声体振动的频率有关；

（3）减弱噪声的途径有三种：

在声源处减弱噪声，阻断噪声的传播，在人耳处减弱噪声；

（4）声音的利用有两个：

一是利用声音传递信息，二是利用声音传递能量。

A、声音的传播需要介质，人耳听觉有一定的范围，即频率在20Hz﹣20000Hz之间，且有一定的响度，所以，只要物体振动，人们不一定能听到声音，故A错误；

B、人们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音色不同，故B错误；

C、学校周边“禁止鸣笛”，是在声源处减弱噪声，故C正确；

D、人们利用超声检测锅炉是否有裂纹，说明声音可以传递信息，故D错误。

C。

【知识点】防治噪声的途径

3.【分析】

（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。

光沿直线传播的实例有：

小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；

（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象；

（3）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像和水中“倒影”就是具体应用；

（4）太阳光经三棱镜折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。

A、射击瞄准时要做到“三点一线”，利用了光的直线传播，故A正确；

B、游泳池注水后，看上去好像变浅了，是由于光的折射造成的，故B错误；

C、在平静的湖面可以看到蓝天白云，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误；

D、太阳光经过三棱镜后可以产生彩色光带，这是光的色散现象，故D错误。

A。

【知识点】光直线传播的应用

4.【分析】

（1）热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。

（2）内能的大小跟质量、温度、状态有关；

晶体熔化过程吸收热量，温度不变；

（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移；

（4）物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸收热量。

A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度；

故A错误；

B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加；

故B正确；

C、内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；

故C错误；

D、夏天在室内洒水，水汽化吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质；

故D错误。

B。

【知识点】温度、热量与内能的关系

5.【分析】①当家庭电路中发生短路或总功率过大时，会使导线发热而引发事故，故要有能自动切断电路的装置，这就是要安装保险丝的原因，保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用；

②发生雷雨时，雷电可以沿着高大的树木、建筑物进入地下；

③三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，目的是为了让金属外壳与大地相连，因此接入电冰箱、洗衣机、电暖器等家用电器都要使用三孔插座；

④安全用电的原则之一是不接触低压带电体。

A、铜丝或铁丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用。

此选项不符合安全用电要求；

B、雷雨天，雷电容易接触高的物体，雷雨天在大树下避雨容易发生触电，所以应避免在大树下避雨。

C、家用电器的金属外壳接地时，可避免因电器漏电时外壳带电，三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的。

所以有金属外壳的家用电器应该连接三孔插座。

D、搬动电器、更换灯泡时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电。

此选项符合安全用电要求。

【知识点】安全用电原则

6.【分析】

（1）物态变化共有六种：

①熔化是物质由固态变为液态；

②凝固是物质由液态变为固态；

③汽化是物质由液态变为气态；

④液化是物质由气态变为液态；

⑤升华是物质由固态变为气态；

⑥凝华是物质由气态变为固态。

（2）物态变化中吸热的有：

熔化、汽化和升华；

放热的有：

凝固、液化和凝华。

A、水结冰是由液态变成固态的凝固过程，是放热过程，故A错误；

B、樟脑丸逐渐变小，樟脑由固态直接变成气态是升华过程，是吸热过程，故B正确；

C、露珠是水蒸气液化形成的，是由气态变为液态的过程，是放热过程，故C错误；

D、“雾凇”是由水蒸气气态变为固态的凝华过程，是放热过程，故D错误。

【知识点】升华和凝华的定义和特点

7.【分析】要解答本题需掌握：

并联电路中的两用电器互不影响。

由图可知：

该电路是并联电路，灯L1不亮，而L2正常发光，这说明从L2两端到电源的两极没问题，因此灯L2、开关S的连接都正确，问题就是灯L1断路或短路。

当灯L1短路时，电源被短路，灯L2不亮，甚至可能烧毁电源；

所以只能是灯L1断路，此时L2支路不受影响，符合题意。

故ABD错误，C正确。

【知识点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用

8.【分析】由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。

由此分析各选项解答即可。

A、由图知，S1闭合时只有电动机工作，吹冷风；

再闭合S2时，加热器和电动机并联，两者都能工作，此时吹热风，故A符合题意；

B、由图知，S1闭合时只有加热器工作，两开关都闭合加热器和电动机同时工作，只有热风没有冷风，故B不合题意；

C、由图知，S1闭合时加热器与电动机串联，再闭合S2时，只有电动机工作，但电动机和加热器串联时两者相互影响，故C不合题意；

D、由图知，S1闭合时电动机和加热器都工作，当两开关都闭合时只有加热器工作，故D不合题意。

【知识点】串、并联电路的设计

9.【分析】

（1）火箭是热机的一种，工作时，燃料的化学能转化为燃气的内能，高温高压的燃气推动火箭升空，燃气的内能转化成火箭的机械能；

（2）惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种性质；

（3）动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，当动能转化成重力势能时，动能减小，重力势能增加；

（4）火箭加速运动时，不受平衡力，受到重力，摩擦力还有推力作用。

A、火箭点火发射时，产生的燃气内能转化为火箭升空的机械能，故A正确；

B、火箭点火升空过程中，仍然具有惯性，因为惯性是物体本身的一种性质，故B错误；

C、火箭加速上升的过程，质量不变，速度增加，故动能增加，同时高度增加，重力势能增大，故不是重力势能和动能的转化，故C错误；

D、火箭加速上升，受力不平衡，火箭受的向上的推力大于向下的重力，合力向上，火箭加速上升，故D错误。

【知识点】动能和势能的转化与守恒

10.【分析】电动机的工作原理是：

通电导体在磁场中受到力的作用。

A、该装置是研究电磁铁磁性的实验装置，是电流的磁效应，故A错误。

B、该装置是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故B正确；

C、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故C错误；

D、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故D错误。

【知识点】直流电动机的原理

11.【分析】对每个选项进行分析，明确各自采用的研究方法，就能确定符合题意的选项。

①用光线表示光的传播的径迹和方向，采用的是模型法；

②“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积，采用的是控制变量法；

③“比较不同物质吸热的情况”时，用加热时间的长短表示吸收热量的多少，在这里采用了转换法测量物质吸收的热量；

④“探究物体的动能与速度的关系”时，让同一钢球从斜面的不同高度由静止滚下。

采用的是控制变量法。

【知识点】物理学方法

12.【分析】

（1）甲容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；

乙容器上宽下窄，液体对容器底部的压力小于自身的重力。

底面积相等，根据公式p=

可求液体对容器底部的压强；

（2）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p=

可求容器对桌面的压强。

①水平桌面上，甲乙两个容器中两种液体质量相等，则重力相等，容器底面积和质量相同，故对桌面的压力F甲=F乙，由p=

得，容器对桌面的压强：

p甲′=p乙′，故①错误，④正确；

②因为容器底面积相同，液体同高，乙中液体的体积大于甲中液体的体积，因为质量相同，所以ρ甲＞ρ乙，故②错误；

③乙容器上粗下细，液体对容器底部的压力大于自身的重力，甲容器为直壁容器，液体对容器底部的压力等于自身的重力，所以，甲图中液体对杯底的压力小于乙图中液体对杯底的压力，两个容器底面积相同，根据公式p=

可知，故图中液体对杯底的压强p甲＞p乙；

故③正确。

综上所述，①②错误，③④正确。

【知识点】压强大小比较

13.【分析】凸透镜成像时，得到的实像都是倒立的，所以蜡烛放在距凸透镜30cm处时，在透镜的另一侧的16cm处得到一个清晰的实像，且物距大于像距。

根据凸透镜成像的规律可以得出物体的位置，根据物体位置列出不等式，解不等式得出结果。

当凸透镜成实像时，物近像远像变大；

物远像近像变小；

近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用。

蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小实像，是照相机的原理；

故①错误，②正确；

此时物体在二倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，

即30cm＞2f；

2f＞16cm＞f，

解得：

8cm＜f＜15cm。

故③正确；

近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：

使光屏远离透镜，使像成在光屏上，故④错误。

【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验

14.【分析】

（1）已知汽车行驶的时间和路程，利用速度公式即可求解；

（2）根据Q放=mq可求热量；

（3）根据W=Fs可求得该汽车牵引力所做的功，再利用P=

求功率；

（4）根据燃油密度和体积求得其质量，利用Q=mq可求得消耗的总能量，再利用效率公式求出该汽车的效率。

①汽车的行驶速度：

v=

=

=72km/h，故①错误；

（2）消耗的燃油完全燃烧放出的热量：

Q放=mq=1.5kg×

4.6×

107J/kg=6.9×

107J，故②正确；

（3）该汽车牵引力所做的功：

W=Fs=2×

103N×

6.9×

103m=1.38×

107J，

该汽车牵引力所做功的功率：

P=

=40000W=40kW，故③错误；

（4）汽车消耗燃油的产生的热量：

该汽车的效率：

η=

×

100%=20%，故④正确。

【知识点】热机的效率

15.【分析】由图知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。

①已知电流表选择的量程和定值电阻规格，可以确定电路最大电流；

已知电压表选择的量程，可以确定定值电阻两端最大电压；

电路电流最大时，定值电阻消耗的功率最大；

电路电流最小﹣﹣总电阻最大时，消耗的功率最小。

据此确定定值电阻消耗功率的变化范围及电路电流变化范围；

②电路电流最大时，滑动变阻器接入电路电阻最小；

电流最小时，滑动变阻器接入电路电阻最大。

据此确定滑动变阻器接入电路电阻范围；

③已知电源电压和电路最大、最小电流，利用公式P＝UI确定电路消耗的总功率的变化范围。

①、电压表示数为3V时，电路电流为I1＝

＝

＝0.3A；

而电流表选择的是0﹣0.6A量程，所以电路最大电流为I＝0.3A。

此时R1消耗的功率为P1最大＝U1I1＝3V×

0.3A＝0.9W；

当滑动变阻器全部串联在电路中时，R＝R1+R2＝10Ω+20Ω＝30Ω，

此时电路电流为I′＝

＝0.2A，

此时R1消耗的功率为P1最小＝I′2R1＝（0.2A）2×

10Ω＝0.4W。

所以阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W．选项①正确；

②、由上知，电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.3A．选项②错误；

③、当电路电流最大为I＝0.3A时，电路总电阻为R最小＝

＝20Ω，

所以滑动变阻器接入电路电阻为R2最小＝R﹣R1＝20Ω﹣10Ω＝10Ω。

所以R2接入电路的阻值允许变化范围为10Ω～20Ω．选项③正确；

④、整个电路消耗的最小功率为P总小＝UI最小＝6V×

0.2A＝1.2W；

最大功率为P总大＝UI最大＝6V×

0.3A＝1.8W。

所以电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W～1.8W．选项④错误。

【知识点】电路的动态分析

16.【分析】利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引即可判断。

有甲、乙、丙三个带电体，且丙物体带正电，因乙物体排斥丙物体，说明乙也带正电；

甲物体吸引乙物体，因异种电荷相互吸引，所以甲带负电。

故答案为：

负。

【知识点