高二物理下学期期中试题Word文档下载推荐.docx

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　　C.

　　D.

5．一闭合矩形线圈abcd绕垂直于磁感线的固定轴OO′匀速转动,线圈平面位于如图甲所示的匀强磁场中．通过线圈内的磁通量Φ随时间t的变

化规律如图乙所示,下列说法正确的是（　　）

A．t1、t3时刻通过线圈的磁通量变化率最大

B．t1、t3时刻线圈中感应电流方向改变

C．t2、t4时刻线圈中磁通量最大

D．t2、t4时刻线圈中感应电动势最小

6．只要知道下列哪一组物理量,就可以估算出气体分子间的平均距离（　　）

A．阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和质量

B．阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和密度

C．阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和体积

D．该气体的摩尔质量、密度和体积

7．一定质量的理想气体,经历了如图所示的变化,

A→B→C,这三个状态下的温度之比TA∶TB∶TC为（　　）

A．1∶3∶5B．3∶2∶1

C．5∶6∶3D．3∶6∶5

8.如图所示,两端封闭、粗细均匀的竖直放置的细玻璃管,中

间用长为h的水银柱将空气柱分为两部分,两段空气柱长度分别为L1、L2,已知L1>

L2,如同时对它们均匀加热,使之升高相同的温度,这时出现的情况是（　　）

A．水银柱上升　　　　　　B．水银柱下降

C．水银柱不动D．无法确定

9．下列四幅图涉及不同的物理知识,其中说法正确的是（　　）

A．图（甲）:

普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念,成为量子力学的奠基人之一

B．图（乙）:

玻尔理论指出氢原子能级是分立的,所以原子发射光子的频率也是不连续的

C．图（丙）:

卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果,发现了质子和中子

D．图（丁）:

根据电子束通过铝箔后的衍射图样,可以说明电子具有粒子性

10.由交流电动势瞬时值表达式e＝10

sin4πtV,可知（　　）

A．此交变电流的频率是4πHz

B．此交变电流的周期是0.5s

C．当t＝0.5s时,此交流电动势有最大值

D．当t＝0时,产生此交变电流的线圈平面与中性面重合

11．甲、乙两种金属发生光电效应时,光电子的最大初动能与入射光频率间的函数关系分别如图中的Ⅰ、Ⅱ所示．下列判断正确的是（　　）

A．Ⅰ与Ⅱ不一定平行

B．乙金属的极限频率大

C．图象纵轴截距由入射光强度决定

D．Ⅰ、Ⅱ的斜率是定值,与入射光和金属材料均无关系

12、水平放置的密封汽缸内的气体被一竖直隔板分隔为左右两部分,隔板可在汽缸内无摩擦滑动,右侧气体内有一电热丝．汽缸壁和隔板均绝热．初始时隔板静止,左右两边气体温度相等．现给电热丝提供微弱电流,通电一段时间后切断电源．当缸内气体再次达到平衡时,与初始状态相比（　　）

A．右边气体温度升高,左边气体温度不变

B．左右两边气体温度都升高

C．左边气体压强增大

D．右边气体内能的增加量等于电热丝放出的热量

二、实验题（本题共16分。

）

13．（8分）油酸酒精溶液的浓度为每1000mL油酸酒精溶液中有油酸0.6mL,现用滴管向量筒内滴加50滴上述溶液,量筒中的溶液体积增

加了1mL,若把一滴这样的油酸酒精溶液滴入足够大盛

水的浅盘中,由于酒精溶于水,油酸在水面展开,稳定

后形成的纯油膜的形状如图所示．若每一小方格的边长

为25mm,试问:

（1）这种估测方法是将每个油酸分子视为________模型,

让油酸尽可能地在水面上散开,则形成的油膜可视为________油膜,这层油膜的厚度可视为油酸分子的________．图中油酸膜的面积为________m2；

每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是________m3；

根据上述数据,估测出油酸分子的直径是________m．（结果保留两位有效数字）

（2）某同学在实验过程中,在距水面约2cm的位置将一滴油酸酒精溶液滴入水面形成油膜,实验时观察到,油膜的面积会先扩张后又收缩了一些,这是为什么呢？

请写出你分析的原因:

____________________________________________

14．（8分）某同学用如图甲所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律．实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下,落到位于水平地面的记录纸上,留下痕迹．重复上述操作10次,得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方,让A球仍从位置G由静止开始滚下,和B球碰撞后,A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作10次,得到了如图乙所示的三个落地点．

甲乙

（1）请你叙述用什么方法找出落地点的平均位置？

_________________

并在图中读出OP＝________．

（2）已知mA∶mB＝2∶1,碰撞过程中动量守恒,则由图可以判断出R是________球的落地点,P是________球的落地点．

（3）用题中的字母写出动量守恒定律的表达式____________________．

三、计算题（共46分,请写出必要的文字说明和验算步骤）

15．（10分）在光滑的水平面上,质量为m1的小球A以速度v0向右运动．在小球A的前方O点有一质量为m2的小球B处于静止状态,如图所示．小球A与小球B发生正碰后小球A、B均向右运动．小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇,PQ＝1.5PO.假设小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞都是弹性碰撞,求两小球质量之比m1/m2.

16．（10分）如图所示,绝热汽缸A与导热汽缸B均固定在地面上,由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦,开始时两形状相同的长方体汽缸内装有理想气体,压强均为p0、体积均为V0.缓慢加热A中气体,使A中气体体积变为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变．

（1）求此时汽缸A中气体的压强pA；

（2）此过程B中气体吸热还是放热？

试分析说明．

17．（12分）如图所示,水平放置的汽缸内壁光滑,活塞厚度不计,在A、B两处设有限制装置,使活塞只能在A、B之间运动,B左面汽缸的容积为V0.A、B之间的容积为0.1V0,开始时活塞在B处,缸内气体的压强为0.9p0（p0为大气压强）,温度为297K,现缓慢加热汽缸内气体,直至399.3K．求:

（1）活塞刚离开B处时的温度TB.

（2）缸内气体最后的压强p3.

（3）在图中画出整个过程的p－V图线．

18．（14分）如图所示,某小型水电站发电机的输出功率为10kW,输出电压为400V,向距离较远的用户供电,为了减少电能损耗,使用2kV高压输电,最后用户得到“220V　9.5kW”的电能,求:

（1）水电站升压变压器原、副线圈匝数比

；

（2）输电线路导线电阻R；

（3）用户降压变压器原、副线圈匝数比

.

参考答案

一、选择题（每题4分,多选、错选不得分,少选得2分）

1、【答案】　A

【解析】　根据冲量的定义,冲量的大小是力与其作用时间的乘积,与重力无关,故A正确．

2、【答案】　A

【解析】　由Ft＝Δp知,Ft≠0,Δp≠0,即动量一定变化,Ft越大,Δp越大,但动量不一定大,它还与初态的动量有关,故A错误,B正确；

冲量不仅与Δp大小相等,而且方向相同,所以C正确；

由F＝

知,物体所受合外力越大,动量的变化率

越大,即动量变化越快,D正确．故选A

3、【答案】　B

【解析】　小车、砂、球三者组成的系统在水平方向上动量守恒,故Mv＝（M＋m）v′,

解得:

v′＝

v＝

×

3m/s＝2m/s,B正确．

4、【答案】　C

【解析】　此题属于“人船模型”问题,m与M组成的系统在水平方向上动量守恒,设m在水平方向上对地位移为x1,M在水平方向上对地位移为x2.

因此0＝mx1－Mx2,①

且x1＋x2＝hcotα②

由①②可得x2＝

选C.

5、【答案】　B

【解析】　t1、t3时刻通过线圈的磁通量Φ最大,磁通量变化率

＝0,此时感应电动势、感应电流均为零,线圈中感应电流方向改变,选项A错误,选项B正确；

t2、t4时刻线圈中磁通量为零,磁通量的变化率最大,即感应电动势最大,选项C、D错误．

6、【答案】　B

【解析】　由摩尔质量M和密度ρ得摩尔体积Vm＝

.又因为每个分子所占有的体积V＝

由此可估算出分子间的平均距离D＝

＝

.故B正确．而A项中的条件只能求出气体分子个数,C项只能求出该气体的密度,D项能求出气体的质量及物质的量,故A、C、D错误．

7、【答案】　D

【解析】　由

＝C可知D选项正确．

8、【答案】　A

【解析】　由于不知道水银柱的移动情况,不妨假设水银柱不动,这时上下两边的封闭气体均做等容变化,由查理定律

可得Δp＝

p,因上、下两部分气体开始温度T相同,温度的升高量ΔT也相同,又初始状态满足p下＝p上＋ρgh,因此Δp下>

Δp上,即下面气体增加的压强大于上面气体增加的压强,水银柱向上运动．

9、【答案】　AB

【解析】　图（甲）为黑体辐射的实验规律,为了解释这一实验规律,提出能量子概念,选项A正确；

图（乙）为氢原子的能级图,氢原子处于不同能级间跃迁时辐射或吸收一定频率的光子,选项B正确；

图（丙）是α粒子散射实验结果,证明了原子的核式结构,选项C不正确；

图（丁）是电子束通过铝箔后的衍射图样,说明了电子的波动性,选项D不正确．

10.【答案】　BD

【解析】　把已知表达式e＝10

sin4πtV与e＝NBSωsinωtV对照,可得ω＝4π,周期T＝2π/ω＝0.5s,B正确；

频率f＝1/T＝2Hz,A错误；

将t＝0.5s代入表达式可得电动势e＝0,C错误；

将t＝0代入可得e＝0,说明是中性面位置,D正确．

11、【答案】　BD

【解析】　由光电效应方程Ek＝hν－W可知,Ek－ν图象的斜率为h,在ν轴的截距为极限频率,图象在Ek轴上的截距的绝对值为金属逸出功,对应图象可知,Ⅰ与Ⅱ两直线一定平行,乙金属的极限频率较大,图象纵轴截距由金属逸出功决定,故B、D正确,A、C错误．

12、【答案】　BC

【解析】　当电热丝通电后,右边的气体温度升高,气体膨胀,将隔板向左推,对左边的气体做功,又汽缸壁和隔板均绝热,根据热力学第一定律知,左边的气体内能增加,所以温度升高,故A错误,B正确；

根据pV/T＝C,可推出左边的气体压强增大,故C正确．右边气体内能的增加值等于电热丝发出的热量减去对左边气体所做的功,故D错．

二、填空题（共16分）

13、【答案】

（1）（每空1分）球形　单分子　直径　

4.4×

10－2（4.2×

10－2--4.4×

10－2都正确）1．2×

10－11　

2.7×

10－10（2.7×

10－10--2.9×

10－10都正确）

【解析】　油膜面积约占70小格,面积约为S＝70×

25×

10－6m2≈4.4×

10－2m2,一滴油酸酒精溶液含有纯油酸的体积为V＝

10－6m3＝1.2×

10－11m3,故油酸分子的直径约等于油膜的厚度

d＝

m≈2.7×

10－10m.

（2）（2分）主要有两个原因:

①水面受到落下油滴的冲击,先陷下后又恢复水平,因此油膜的面积先扩张后又收缩；

②油酸酒精溶液中的酒精将溶于水并很快挥发,使液面收缩

14.【答案】　

（1）（4分）方法见解析　13.0cm　

（2）（2分）B　A

（3）（2分）mA·

OQ＝mA·

OP＋mB·

OR

【解析】　

（1）用最小的圆圈起小球的所有落点,圆的圆心即为小球落点的平均位置．

由图可知,OP＝13.0cm.

（2）因mA＞mB,由动量守恒可以判断,R是被碰小球B球的落地点,P是入射小球A球的落地点．

（3）动量守恒的表达式为:

mA·

三、计算题

15、（10分）

【解析】　从两小球碰撞后到它们再次相遇,小球A和B速度大小保持不变．根据它们通过的路程之比为1∶4,可知小球A和小球B在碰撞后的速度大小之比为1∶4.设碰撞后小球A和B的速度分别为v1和v2,在碰撞过程中动量守恒,碰撞前后动能相等:

m1v0＝m1v1＋m2v2,

m1v

＋

m2v

解得m1/m2＝2.

16、（10分）

【解析】　

（1）汽缸B中气体等温变化,变化后的体积

VB＝0.8V0

根据玻意耳定律

p0V0＝pBVB

解得pB＝1.25p0

所以汽缸A中气体的压强

pA＝pB＝1.25p0.

（2）放热．因环境温度不变,故导热汽缸B中气体温度不变,其内能也不变；

因活塞对B中气体做功,根据热力学第一定律知,气体向外界放热．

17、（12分）

【解析】　

（1）活塞刚离开B处时,体积不变,封闭气体的压强为p2＝p0,由查理定律得:

解得TB＝330K.

（2）以封闭气体为研究对象,活塞开始在B处时,p1＝0.9p0,V1＝V0,T1＝297K；

经分析,可确定活塞最后在A处。

在A处时:

V3＝1.1V0,T3＝399.3K,由理想气体状态方程得

故p3＝

＝1.1p0.

（3）如图所示,封闭气体由状态1保持体积不变,温度升高,压强增大到p2＝p0达到状态2,再由状态2先做等压变化,温度升高,体积增大,当体积增大到1.1V0后再等容升温,

使压强达到1.1p0.

18、（14分）

【解析】　

（1）水电站升压变压器原、副线圈匝数比

（2）由P损＝I

R,输送电流取决于输出电压及输送功率,有I2＝

所以R＝

Ω＝20Ω.

（3）设降压变压器原线圈上电压为U3,

U3＝U2－I2R＝（2000－5×

20）V＝1900V

所以降压变压器原、副线圈匝数比为: