云南省文山州广南二中学年高一五月期中考试Word格式.docx

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A．

B．

C．

D．

【答案】B

2.1990年5月，紫金山天文台将他们发现的第2752号小行星命名为吴健雄星，该小行星的半径为16km.若将此小行星和地球均看成质量分布均匀的球体，小行星密度与地球相同．已知地球半径R＝6400km，地球表面重力加速度为g.这个小行星表面的重力加速度为（　　）．

A．400gB．

gC．20gD．

g

3.用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是（　　）

A．一对作用力和反作用力

B．一对平衡力

C．大小相等、方向相同，作用在一条直线上

D．大小相等、方向相反，作用在同一物体上

【答案】A

4.如图所示，在距地面高2L的A点以水平初速度v0=

投掷飞標．在与A点水平距离为L的水平地面上点B处有一个气球，选样适当时机让气球以速度v0=

匀速上升，在上升过程中被飞镖击中．不计飞镖飞行过程中受到的空气阻力，飞標和气球可视为质点，重力加速度为g．掷飞镖和放气球两个动作之间的时间间隔

t应为（　　）

5.关于抛体运动，下列说法正确的是（　　）

A．将物体以某一初速度抛出后的运动

B．将物体以某一初速度抛出，只在重力作用下的运动

C．将物体以某一初速度抛出，满足合外力为零的条件下的运动

D．将物体以某一初速度抛出，满足除重力外其他力的合力为零的条件下的运动

6.“太空涂鸦”技术就是使低轨运行的攻击卫星在接近高轨侦查卫星时，准确计算轨道向其发射“漆雾”弹，并在临近侦查卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦查卫星，喷散后强力吸附在侦查卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效．下列说法正确的是（　　）

A．攻击卫星在轨运行速率大于7.9km/s

B．攻击卫星进攻前的速度比侦查卫星的速度小

C．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上

D．若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量

【答案】C

7.关于曲线运动，下列说法正确的是（　　）

A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零

B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动

C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心

D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动

8.如图所示，在水平面上，质量为10kg的物块A拴在一水平被拉伸弹簧的一端，弹簧另一端固定在小车上，当它们都处于静止时，弹簧对物块的弹力大小为3N，若小车突然以a＝0.5m/s2的加速度水平向左匀加速运动，则（　　）

A．物块A相对于小车向右滑动

B．物块A受到的摩擦力方向不变

C．物块A受到的摩擦力变小

D．物块A受到弹簧的拉力将增大

二、多选题（共4小题,每小题4.0分,共16分）

9.（多选）人类对行星运动规律的认识有两种学说，下列说法正确的是（　　）

A．地心说的代表人物是“托勒密”

B．地心说的代表人物是“亚里士多德”

C．日心说的代表人物是“开普勒”

D．地心说和日心说都有其局限性

【答案】AD

10.（多选）如图所示，套在绳索上的小圆环P下面挂一个重为G的物体Q并使它们处于静止状态．现释放圆环P，让其沿与水平面成θ角的绳索无摩擦的下滑，在圆环P下滑过程中绳索处于绷紧状态（可认为是一直线），若圆环和物体下滑时不振动，则下列说法正确的是（　　）

A．Q的加速度一定小于gsinθ

B．悬线所受拉力为Gsinθ

C．悬线所受拉力为Gcosθ

D．悬线一定与绳索垂直

【答案】CD

11.（多选）关于火车转弯，下列说法中正确的是（　　）

A．轨道的弯道应是外轨略高于内轨

B．轨道的弯道应是内轨略高于外轨

C．按规定速率转弯内外轨对车轮均无侧向压力

D．按规定速率转弯内外轨对车轮均有侧向压力

【答案】AC

12.（多选）在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史实的是（　　）

A．开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比

B．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性

C．卡文迪许利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值

D．牛顿认为在足够高的山上以足够大的水平速度抛出一物，物体就不会再落回地球上

分卷II

三、实验题（共2小题,每小题10.0分,共20分）

13.

（1）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图（a）所示，在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图（b）所示．计时器所用交流电源的频率为50Hz，从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度为________m/s2.（结果保留两位有效数字）

（2）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图（c）中甲、乙两条直线．则甲、乙用的小车与木板间的动摩擦因数的关系为μ甲________μ乙．（选填“大于”、“小于”或“等于”）

【答案】

（1）0.15　

（2）大于

【解析】

（1）连续相等时间内的位移之差为：

Δx＝0.15cm，

根据Δx＝aT2得小车的加速度：

a＝

＝

＝0.15m/s2

（2）根据牛顿第二定律得：

F－μmg＝ma，得：

－μg可知纵轴截距的绝对值为μg，由图线可知μ甲g＞μ乙g，所以μ甲＞μ乙．

14.两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过定滑轮各挂一个砝码盘，砝码盘里分别放有不同质量的砝码（图甲）．小车所受的水平拉力F的大小可以认为等于砝码（包括砝码盘）所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线（图乙），控制两辆小车同时开始运动和结束运动．

由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，因为x＝

，即x∝a，所以只要测出两小车位移x之比就等于测出它们的加速度a之比．

实验结果是：

当两小车质量相同时，________________________；

当拉力F相等时，________________________.实验中用砝码（包括砝码盘）所受的重力G＝mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起实验误差，为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：

______.

【答案】　加速度与拉力成正比　加速度与质量成反比

G≪Mg

【解析】　实验过程中，当两小车质量相同时，砝码（包括砝码盘）重力越大，相同时间内位移越大，则加速度越大，进行实验时会发现，加速度与所受拉力成正比；

若砝码重力不变，即拉力不变时，质量越大的小车，相同时间内位移

越小，即加速度越小，进行测量分析知，加速度与质量成反比．如果砝码（包括砝码盘）的重力G远小于小车的重力Mg时，G近似等于拉力F.

四、计算题（共4小题）

15.如图所示，重40N的物体与竖直墙间的动摩擦因数为0.2，若在与水平线成45°

角的斜向上的推力F作用下沿竖直墙匀速上滑，则F多大？

【答案】71N

【解析】以物体为研究对象，其受力如图所示，取沿墙面方向为y轴，垂直墙面方向为x轴，由平衡条件知：

FN－Fcosθ＝0，①

Fsinθ－G－Ff＝0，②

其中Ff＝μFN.③

由①②③得F＝

≈71N.

16.如图所示，长L＝9m的木板质量为M＝50kg，木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ＝0.1，质量为m＝25kg的小孩立于木板左端，木板与人均静止，人以a1＝4m/s2的加速度匀加速向右奔跑至板的右端，求：

（1）木板运动的加速度a2的大小；

（2）小孩从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间．

（1）0.5m/s2　

（2）2s

（1）设人对木板的摩擦力为Ff.

对人，由牛顿第二定律得：

Ff＝ma1＝25×

4N＝100N；

对木板，由牛顿第二定律得：

Ff－μ（M＋m）g＝Ma2，

解得：

a2＝

＝0.5m/s2，

（2）人向右加速的同时木板向左加速，

设人从左端跑到右端时间为t.

由运动学公式得：

L＝

a1t2＋

a2t2

t＝

s＝2s.

17.在倾斜角为θ的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，滑块（连同风帆）的质量为m，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度v大小成正比，即f＝kv.滑块从静止开始沿斜面下滑的v－t图象如图所示，图中的倾斜直线是t＝0时刻速度图线的切线．

（1）由图象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小．

（2）若m＝2kg，θ＝37°

，g＝10m/s2，求出μ和k的值．（sin37°

＝0.6，cos37°

＝0.8）

（1）3m/s2　2m/s　

（2）μ＝0.375　k＝3N·

s/m

（1）由图象可知滑块做加速度减小的加速运动，最终可达最大速度vm＝2m/s，t＝0时刻滑块的加速度最大，即为v－t图线在O点的切线的斜率：

＝3m/s2

（2）根据牛顿第二定律　mgsinθ－μmgcosθ－kv＝ma

将θ＝37°

，t＝0时v＝0、a＝3m/s2代入得μ＝0.375

及滑块达最大速度vm＝2m/s时a＝0代入得k＝3N·

s/m.

18.如图所示，传送带与地面的夹角为θ＝30°

，两轴心间距离AB的长L＝6m，传送带以v＝5m/s的速率顺时针转动，当t＝0时在A点无初速度释放一煤块（可视为质点）．煤块与传送带间的动摩擦因数为μ＝

，g＝10m/s2，问：

（1）煤块刚开始运动时的加速度多大；

（2）煤块从开始运动到与传送带共速所用时间；

（3）若传送带运动过程中被卡住突然停止运动，此时煤块开始做减速运动，且恰好能到达B点，求煤块开始减速的时刻．

（1）2.5m/s2　

（2）2s　（3）2s

（1）设煤块刚滑上传送带时加速度为a1，煤块受力如图所示，

根据牛顿第二定律，

沿传送带方向有：

mgsinθ－Ff＝ma1

垂直传送带方向：

mgcosθ＝FN

又Ff＝μFN

由以上三式得：

a1＝g（sinθ－μcosθ）＝10×

（0.5－

×

）m/s2＝－2.5m/s2，方向沿传送带向上．

（2）煤块速度从0增加至传送带速度v所用时间设为t1，则有：

a1t1＝v

所以：

t1＝

s＝2s

（3）煤块从开始运动到与传送带共速过程中的位移：

x1＝

2m＝5m

若共速阶段传送带停止运动，则停止后摩擦力反向，有：

μmgcosθ＋mgsinθ＝ma′

得：

a′＝gsin30°

＋μgcos30°

＝12.5m/s2

煤块减速的距离：

x2＝

＝1m

因为：

x1＋x2＝5m＋1m＝6m＝L

所以煤块开始减速的