学年福建省平和一中南靖一中等五校高二上学期期中联考物理试题 解析版Word文档格式.docx

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D、电场强度E由电场本身决定，若移去检验电荷，该点的场强不变；

故D错误.

故选A.

【点睛】电场强度的定义式，具有比值定义法的共性，定义出的电场强度与F、q无关，由电场本身决定．

2.关于电流,下列各种说法中正确的是（ 

）

A.电流的定义式I=q/t,适用于任何电荷的定向移动形成的电流

B.由I=nqsv可知,金属导体中自由电荷的运动速率越大,电流一定越大

C.电荷定向移动的方向就是电流的方向

D.因为电流有方向,所以电流是矢量

【详解】A、电流的定义式I=q/t采用的是比值定义法，具有比值定义法的共性是普遍适用，适用于任何电荷的定向移动形成的电流；

故A正确.

B、由I=nqsv可知，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定；

故B错误.

C、物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的反方向是电流的方向；

D、电流有大小和方向，但方向是指沿着电荷运动的直线上，不同于矢量的方向；

故电流是标量；

3.如图，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子仅在电场力作用下从电场中的O点以相同的初速度飞出。

两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电

B.在虚线所示的过程中，a加速度增大，b加速度减小

C.在虚线所示的过程中，a和b的动能都增大

D.在虚线所示的过程中，a电势能减小，b电势能增大

【答案】C

A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误；

B、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；

a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B错误；

C、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故C正确，D错误。

点睛：

物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出力、速度和运动轨迹三者的位置关系体，电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系。

4.如图所示，A、B、C、D、E、F是在匀强电场中一个边长为2cm的正六边形的六个顶点，该六边形所在平面与电场线图中没有画出平行。

如果已知A、C、E三点的电势分别为、0V、2V，则下列说法正确的是（ 

）

A.通过CD和AF的直线应为电场中的两条等势线

B.匀强电场的场强大小为

C.匀强电场的场强方向为由D指向B

D.将一个电子由D点移到A点，其电势能将减少

【详解】试题分析：

连接AE两点，则其中点电势为0V，与C等势，C与该中点连线即为等势线，匀强电场中等势线应是平行的，而该连线与CD、AF不平行，A错误；

电场方向由E指向A方向（由D指向B），根据可得，B错误C正确；

DE是一条电势为2V的等势面，将电子由D点移动到A点，电场力做负功，，其电势能增加，D错误；

【名师点睛】本题的关键找等势点，作出电场线，这是解决这类问题常用方法．同时还要充分利用正六边形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系

5.如图所示是由电源、灵敏电流计、滑动变阻器和平行板电容器组成的电路，闭合开关，在下列四个过程中，为使灵敏电流计中有到电流，下列做法可行的是

A.在平行板电容器中插入一块塑料板

B.增大平行板电容器两极板间的距离

C.滑动变阻器的滑片向右滑动

D.减小平行板电容器两极板的正对面积

分析】

根据题图可知，考查了含容电路；

电路稳定时，该电路中没有电流，滑动变阻器R上没有电压。

根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电容器所带电量如何变化，就能判断电路中电流的方向。

【详解】A、在平行板电容器中插入电介质，根据电容的决定式分析得知电容增大，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量增加，将要充电，电路中形成逆时针方向的充电电流，有b到a方向的电流通过电流计。

故A正确；

B、增大平行板电容器两极板间的距离，根据电容的决定式分析得知电容减小，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量减小，将要放电，，有a到b方向的电流通过电流计。

故B错误；

C、电路稳定时，该电路中没有电流，移动滑动变阻器R的滑片，电容器的电压不变，电路中仍没有电流。

故C错误；

D、减小平行板电容器两极板正对面积，根据电容的决定式分析得知电容减小，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量减小，将要放电，有a到b方向的电流通过电流计。

故D错误。

【点睛】当电容器保持与电源相连时，电压不变。

只有电容器充电或放电时，电路中才有电路。

6.如图所示的电路，将AB两端接入10V电源，电压表示数为3V，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，电压表示数为7V，则R1：

R3的值为（　　）

A.1：

1B.7：

3C.49：

9D.100：

21

试题分析：

将AB两端接入10V电源时，与串联，电压表测两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1与的比值；

拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，与串联，电压表测两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出与的比值，进一步求出的值．

将AB两端接入10V电源时，与串联，电压表测两端的电压，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两端的电压，由欧姆定律可得：

，拆去AB两端电源，再将CD两端接入10V电源，与串联，电压表测两端的电压，两端的电压，，，C正确．

7.如图所示，直线OC为某一直流电源的总功率P总随着总电流I变化的图线，曲线OBC为同一直流电源内部的热功率Pr随电流I的变化图线，若A、B对应的横坐标为2A，则下面说法中不正确的是

A.电源电动势为3V，内阻为1Ω

B.线段AB表示的功率为2W

C.电流为2A时，外电路电阻为0.5Ω

D.电流为3A时，外电路电阻为2Ω

【答案】D

【详解】ABD．在C点电源的总功率和电源的内部的热功率Pr相等，说明此时，只有内电路，外电路短路，即外电阻为0，电源的总功率P=EI，C点表示I=3A，P=9W，则电源的电动势E=3V，由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P=I2r，代入解得，r=1Ω，AB段表示的功率为

PAB=EI′-I′2r=3×

2-22×

1（W）=2W

故AC正确，D错误；

C．根据闭合电路欧姆定律，有

电流2A时，解得外电阻：

故C正确。

8.在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。

当闭合开关S后,将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是

A.电压表和电流表的示数都增大

B.灯L2变暗，电流表的示数减小

C.灯L1变亮，电压表的示数减小

D.电源的效率增大，电容器C的带电量增加

【详解】ABC．当闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则灯L1变亮，电压表的示数减小，根据串联电路分压规律可知，并联部分的电压减小，则灯L2的电流减小，灯L2变暗，根据干路电流增大，灯L2的电流减小，可知电流表的示数增大，故AB错误，C正确；

D．电源的效率

U减小，则电源的效率减小。

并联部分电压减小，则电容器的电压减小，由Q=CU，可知电容器C的带电量减小，故D错误。

9.关于等势面、电场力做功和电场的关系,下列说法正确的是（　　）

A.在等势面上移动电荷,电场力总是不做功

B.电荷从A点移到B点,电场力做功为零,则电荷一定是沿等势面移动的

C.在同一个等势面上的各点,电场强度的大小必然是相等的

D.电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面

【答案】AD

【详解】在等势面上移动电荷，电荷的电势能不变，电场力总是不做功，选项A正确；

电荷从A点移到B点电场力做功为零，则电荷在AB两点的电势能不变，AB两点的电势相等，但是不一定是沿等势面移动的，选项B错误；

在同一个等势面上的各点，电场强度的大小不一定是相等的，例如在等量异种电荷连线的中垂线上各点电势均为零，但是场强不等，选项C错误；

电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，选项D正确；

故选AD.

10.如图所示，A、B是两个等量异种点电荷，C、D是A、B连线的中垂线上且与连线距离相等的两点，则（）

A.在A、B连线的中垂线上，从C到D，各点电势都相等，场强都相同

B.在A、B连线的中垂线上，从C到D，场强先增大后减小，电势先升高后降低

C.在A、B连线的中垂线上，从C到D，场强先增大后减小，各点的电势都相等

D.在A、B连线上，从A到B，场强先减小后增大，电势逐渐升高

【答案】CD

由电场线分布可知，CD在电势为0的等势面上，从C到D，电场线先变密后变稀，场强先变大后变小AB错C对。

由A到B，电场线先变稀后变密，场强先减小后增大，CD左侧电势为负，右侧为正，从A到B，电势逐渐升高，D错。

11.有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电量为e，此时电子的定向移动速度为v，在Δt时间内,通过导线的横截面积的自由电子数目可表示为（ 

）

A.B.C.D.

【详解】在时间内，流经导线电荷量为，而电子的电荷量为，则时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为：

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析不符，故B错误；

C.与分析相符，故C正确；

D.与分析不符，故D错误。

12.一带电质点从图中的A点竖直向上以速度v0射入一水平方向的匀强电场中，质点运动到B点时，速度方向变为水平，已知质点质量为m，带电荷量为q，A、B间距离为L，且AB连线与水平方向成θ=角，质点到达B后继续运动可到达与A点在同一水平面上的C点（未画出），则

A.质点在B点的速度大小为v0

B.匀强电场的电场强度大小为

C.从A到C的过程中，带电质点的电势能减小了mv02

D.质点在C点的加速度大小为g

【答案】BC

【详解】A．由题意可知，质点的运动是竖直方向和水平方向的匀变速直线运动，因此，在竖直方向上有

在水平方向上有

由上两式得

解得：

故A错误；

B．由于两分运动的时间相同即，竖直方向上的时间

所以有

又

联立解得

故