学年重庆市万州二中高二上学期月考物理试题 解析版Word文档下载推荐.docx

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摩擦起电；

元电荷

【名师点睛】解决本题的关键掌握电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变．以及知道元电荷的电量是最小的带电量。

2．关于静电场，下列说法中正确的是（　　）

A．点电荷是理想模型，电场线是真实存在于电场周围的

B．根据E=，q电量减半，则场强加倍；

若没有检验电荷，则该点的场强为零

C．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比

D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定增大

【答案】C

【详解】

点电荷是理想模型，电场是真实存在于电场周围的，但是电场线是人们为了描述电场而假想的曲线，选项A错误；

电场强度是由电场本身决定的物理量，与试探电荷的电量和所受的电场力无关，选项B错误；

根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比，选项C正确；

正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电场力做正功，电势能一定减小，选项D错误；

故选C.

3．如图所示，16个电荷量均为+q（q>

0）的小球（可视为点电荷），均匀分布在半径为R的圆周上。

若将圆周上P点的一个小球的电量换成-2q，则圆心O点处的电场强度的大小为

A．B．

C．D．

【答案】A

如果在P点没换成-2q之前，小球均匀分布在半径为R的圆周上在圆心处场强为0，

P点换成-2q后，O点的电场强度为-2q电荷和与P点对称的+q在O点产生的电场的合场强，所以，故应选A。

点晴：

该题考查了场强叠加原理和库伦定律，还有对对称性的认识。

4．如下图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1、2、3为等差等势线。

已知a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如下图所示，则（）

A．a一定带正电，b一定带负电

B．a加速度减小，b加速度增大

C．M、N之间的距离等于N、Q之间的距离

D．a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小

【解析】由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B正确．因1、2、3为等差等势线，即|UMN|=|UNQ|，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN<

NQ．故C错误．根据电场力做功公式W=Uq，|UMN|=|UNQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功等于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量等于b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D错误．故选B.

点睛：

本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．另外在非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．

5．如图所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电荷量为＋Q的小球P.带电荷量分别为－q和＋2q的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上．P与M相距L，P、M和N视为点电荷，下列说法正确的是（　　）

A．M与N的距离大于L

B．P、M和N在同一直线上

C．在P产生的电场中，M、N处的电势相同

D．M、N及细杆组成的系统所受合外力为零

【答案】BD

由电荷间的相互作用规律可知，P对M有吸引力，对N有排斥了，故P、M和N在同一直线上，选项B正确；

MN之间的距离无法比较，选项A错误；

在P产生的电场中，M处的电势高于N点，选项C错误；

因MN及细杆系统处于平衡状态，故所受的合外力等于零，选项D正确；

故选BD.

电势；

电荷间的相互作用。

6．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图所示．一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v-t图象如图2所示，其中B点处为整条图线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的是（）

A．由C点到A点的过程中,电势逐渐升高

B．由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大

C．B点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=1V/m

D．AB两点的电势差

【解析】试题分析：

A、据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故A错误；

B、从速度时间图象可知带电粒子的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故B正确；

C、从速度时间图象可知带电粒子在B点的加速度最大为am=2m/s2，所受的电场力最大为Fm=mam=2N，据E=F/q知，B点的场强最大为1N/C，故C正确；

D、从速度时间图象可知A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得:

，解得UAB=-5V，故D错误．故选C．

电势差与电场强度的关系；

电势差．

【名师点晴】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法．

7．如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a。

平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态，当两极板A和B的间距稍增大一些后，微粒P的运动情况将是：

A．向上运动B．向下运动C仍静止不动D．无法判断

电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，电容量的电量要减小，放电，但由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度，Q、S、ɛ不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变，仍静止．故A正确．故选A

电容器的电容，物体的平衡。

8．如图所示，矩形区域PQNM内存在平行于纸面的匀强电场，一质量为m＝2.0×

10－11kg、电荷量为q＝1.0×

10－5C的带正电粒子（重力不计）从a点以v1＝1×

104m/s的初速度垂直于PQ进入电场，最终从MN边界的b点以与水平边界MN成30°

角斜向右上方的方向射出，射出电场时的速度v2＝2×

104m/s，已知MP＝20cm、MN＝80cm，取a点电势为零，如果以a点为坐标原点O，沿PQ方向建立x轴，则粒子从a点运动到b点的过程中，电场的电场强度E、电势φ、粒子的速度v、电势能Ep随x的变化图象正确的是（　　）

A．B．C．D．

【答案】D

【解析】A、因为匀强电场中的电场强度处处相等，故A错误；

B、因为粒子离开电场时的速度：

，则电场的方向水平向右，沿电场线的方向电势降低，故B错误；

C、粒子在电场中运动的过程中，由动能定理可知：

，所以v与x不是线性关系，故C错误；

D、因为规定a点电势为零，粒子进人电场后做类平抛运动，根据电场力做功与电势能的变化的关系有：

，故，故D正确；

故选D。

【点睛】匀强电场中电场强度处处相等；

顺着电场线方向，电势逐渐降低；

由动能定理判断v和x的关系；

粒子进入电场后做类平抛运动，根据电场力做功与电势能变化的关系进行判断即可。

9．如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（　　）

A．带电粒子将始终向同一个方向运动

B．2s末带电粒子回到原出发点

C．3s末带电粒子的速度为零

D．0～3s内，电场力做的总功为零

【答案】CD

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为：

，第2s内加速度为：

故a2=2a1，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：

带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故B错误；

由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C错误；

因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．故选：

D．

带电粒子在电场中的运动；

动能定理。

二、多选题

10．如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q的小球B固定在O点正下方绝缘柱上．其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ＝30°

.带电小球A、B均可视为点电荷，静电力常量为k.则（　）

A．A、B间库仑力大小为F＝

B．A、B间库仑力大小为F＝

C．细线拉力大小为FT＝

D．细线拉力大小为FT＝mg

【答案】BC

【解析】由题，OA=l，OB=l．当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ=30°

，由几何关系可知，△AOB为等腰三角形，AB=AO=l；

小球A的受力分析如图：

由库仑定律得：

．故A错误；

△AOB为等腰三角形，由于对称性，绳子拉力等于库仑力，且根据平衡条件则：

Fcos30°

＝Tcos30°

＝mg，即：

F＝T＝．故BC正确，AD错误．故选BC.

11．光滑绝缘水平面上有两个带等量异种电荷的小球A、B，小球A通过绝缘轻弹簧与竖直墙相连，如图所示．今小球B在外力F作用下缓慢向右移动，移动中两小球带电荷量不变，则对两小球和弹簧组成的系统的分析正确的是（　　）

A．外力F对系统做正功，弹性势能增大

B．外力F对系统做正功，弹性势能减小

C．静电力做正功，电势能减小

D．静电力做负功，电势能增大

小球B向右移动的过程中，拉力对系统做正功；

故系统能量增加；

同时A球受B球的库仑力作用，带动A球向右运动，由于弹簧的伸长量减小，故弹簧的弹性势能减少；

由于两带电小球间库仑对系统做负功；

故系统的电势能增大；

故BD正确，AC错误；

故选BD。

【点睛】

本题考查功能关系，要注意明确弹力做功对应弹性势能变化；

电场力做功对应了电势能的变化.

12．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O点处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，则下列判断正确的是（　　）

A．点C处的电势为3V

B．该匀强电场的场强大小为200V/m

C．该匀强电场的场强大小为100V/m

D．一电子从A到C的过程中，电场力做功为﹣6eV

【答案】AC

根据匀强电场中电势差与场强的关系U=Ed，可知B、O间电势差与A、C间电势差相等，即φB-φ0=φA-φC．则得φC=φA-φB+φ0=6-3+0=3V，故A正确。

由上知，BC连线是一条等势线，如图，根据电场线与等势线垂直，作出电场线如图实线