人教版九年级上数学第23章《旋转》检测题含答案文档格式.docx

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针方向旋转到△COD的位置,则旋转的角度为（）

A.30°

B.45°

C.90°

D.135°

5、有一种平面图形,绕着它的中心旋转,不论旋转多少度,所得到的图形都与原图形完全重合,你觉得它可能是（D）

A.三角形；

B.等边三角形；

C.正方形；

D.圆；

6、已知点P（－1，m2＋1）与点Q关于原点对称,则Q一定在（）

A．第一象限；

B．第二象限；

C．第三象限；

D．第四象限；

7、如图是某药业有限公司商品标志图案,有下列说法:

①图案是按照轴对称设计的;

②图案是按照旋转设计的;

③图案的外层“S”是按照旋转设计的;

④图案的内层“V”是按照轴对称设计的．

其中正确的有（）

A．1个；

B．2个；

C．3个；

D．4个；

第７题图

8、如图,在平面直角坐标系xOy中,△A′B′C′由△ABC绕点P旋转得到,则点P的坐标为（）

A.（0，1）；

B.（1，－1）；

C.（0，－1）；

D.（1，0）；

9、如图,在平面直角坐标系中,点A（－1，m）在直线y＝2x＋3上,连接OA,将线段OA绕点O顺时针旋转90°

点A的对应点B恰好落在直线y＝－x＋b上,

则b的值为（）

A．－2；

B．1；

C．；

D．2；

第8题图第9题图第10题图

10、如图,已知菱形OABC的顶点O（0，0）,B（2，2）,若菱形绕点O逆时针旋转,每秒旋转45°

则第60秒时,菱形的对角线交点D的坐标为（）

A.（1，-1）；

B.（-1，－1）；

C.（2，0）；

D.（0，-2）；

二、填空题（每空3分,共30分）

11、点P（a2＋1，|b|＋,3）关于原点对称的点P1一定在第象限．

12、如图,可以通过平移变换但不能通过旋转变换得到的图案有；

可以通过旋转变换但不能通过平移变换得到的图案有；

既可通过平移变换,又可通过旋转变换得到的图案有．（均填图案编号）

第12题图

13、如图,两个全等的三角尺重叠摆放在△ACB的位置,将其中一个三角尺绕着点C按逆时针方向旋转到△DCE的位置,使点A恰好落在边DE上,AB与CE相交于点F．已知∠ACB＝∠DCE＝90°

∠B＝30°

AB＝8cm,则CF＝cm．

第13题图第14题图

14、如图,在△ABC中,∠A＝70°

AC＝BC,以点B为旋转中心把△ABC按顺时针旋转α度,得到△A′BC′,点A′恰好落在AC上,连接CC′,则∠ACC′＝．

15、如图所示的平面直角坐标系中,OA＝OB,点A关于原点O的对称点的坐标是（3，4）,则△AOB的面积是．

第15题图第16题图第17题图

16、如图,四边形ABCD中,∠BAD＝∠C＝90°

AB＝AD,AE⊥BC于E,

若线段AE＝5,则S四边形ABCD＝．

17、如图,在Rt△ABC中,∠ABC＝90°

AB＝BC＝，将△ABC绕点C逆时

针旋转60°

得到△MNC,连接BM,则BM＝．

18、如图,在直角坐标系中,已知点A（－3，0）,B（0，4）,对△OAB连续作旋转变换,依次得到三角形①、②、③、④、…，则三角形⑩的直角顶点的坐标为．

第18题图

三、解答题（共66分）

19、（8分）在平面直角坐标系中,△ABC的三个顶点

坐标分别为A（－2，1）,B（－4，5）,C（－5，2）．

（1）画出△ABC关于y轴对称的△A1B1C1；

（2）画出△ABC关于原点O成中心对称的△A2B2C2．

第19题图

20、（8分）如图,在正方形ABCD中,AD＝1，

将△ABD绕点B顺时针旋转,45°

得到△A′BD′,

此时A′D′与CD交于点E,求DE的长度．

第20题图

21、（8分）如图,将一个钝角△ABC（其中∠ABC＝120°

）

绕点B顺时针旋转得△A1BC1，使得C点落在AB

的延长线上的点C1处,连接AA1．

（1）写出旋转角的度数;

（2）求证:

∠A1AC＝∠C1．

第21题图

22、（8分）如图,在Rt△OAB中，∠OAB＝90°

OA＝AB＝6，

将△OAB绕点O沿逆时针方向旋转90°

得到△OA1B1．

（1）线段OA1的长是，∠AOB1的度数是；

（2）连接AA1,求证：

四边形OAA1B1是平行四边形；

（3）求四边形OAA1B1的面积．

第22题图

23、（8分）如图,△ABC中,∠BAC＝120°

以BC为边向外作等边△BCD,把△ABD绕着点D按顺时针方向旋转60°

到△ECD的位置,若AB＝3，AC＝2，求∠BAD的度数和AD的长．

24、（10分）如图,△ABC中,AB＝AC＝1，∠BAC＝45°

第23题图

△AEF是由△ABC绕点A按顺时针方向旋转得到的,

连接BE,CF并相交于点D．

（1）求证:

BE＝CF;

（2）当四边形ACDE为菱形时,求BD的长．

第24题图

25、（10分）通过类比联想、引申拓展研究典型题目,可达到解一题知一类的目的．下面是一个案例,请补充完整．

原题:

如图①,点E、F分别在正方形ABCD的边BC、CD上,

∠EAF＝45°

，连接EF，则EF＝BE＋DF，试说明理由．

第25题图

（1）

【思路梳理】

∵AB＝AD,∴把△ABE绕点A逆时针旋转90°

至△ADG,可使AB与AD重合,∵∠ADG＝∠B＝90°

∴∠FDG＝180°

点F、D、G共线,

根据，易证△AFG≌，得EF＝BE＋DF;

（2）

【类比引申】

如图②,四边形ABCD中,AB＝AD,∠BAD＝90°

点E，F分别在边BC,

CD上,∠EAF＝４５°

若∠B,∠D都不是直角,则当∠B与∠D满足

等量关系时,仍有EF＝BE＋DF;

（3）

【联想拓展】

如图③,在△ABC中,∠BAC＝90°

AB＝AC,点D,E均在边BC上,

且∠DAE＝45°

猜想BD、DE、EC应满足的等量关系,并写出推理过程．

参考答案:

1、B；

2、B；

3、D；

4、C；

5、D；

6、D；

7、B；

8、B；

9、D；

10、B；

11、三；

12、①④，③，②；

13、2；

14、100°

15、10；

16、25；

17、1+；

18、（36，0）；

19、解:

如图所示（略）

20、由题意可得∠BDC＝45°

，∠DA′E＝90°

，∴∠DEA′＝45°

，∴A′D＝A′E，

∵在正方形ABCD中，AD＝1，∴AB＝A′B＝1，BD＝，

∴A′D＝－1，∴在Rt△DA′E中，DE＝2－．

21、

（1）60°

．

（2）证明:

由旋转的性质知△ABC≌△A1BC1，∴∠ABC＝∠A1BC1＝120°

，

AB＝A1B，∠C＝∠C1，∵∠A1BA＋∠A1BC1＝180°

，∴∠ABA1＝60°

∴△A1BA为等边三角形，∴∠A1AB＝60°

，∵∠A1AB＋∠ABC＝180°

，∴AA1∥BC，∴∠C＝∠A1AC，∴∠A1AC＝∠C1．

22、

（1）6；

135°

（2）证明：

∵∠AOA1＝∠OA1B1＝90°

，∴OA∥A1B1．

又∵OA＝AB＝A1B1，∴四边形OAA1B1是平行四边形．

（3）36．

23、解:

由∠BAC＝120°

知∠ABC＋∠ACB＝60°

又∵∠ABD＝∠ABC＋∠CBD＝∠DCE，∠CBD＝∠BCD＝60°

∴∠ACB＋∠BCD＋∠DCE＝∠ACB＋∠BCD＋∠ABC＋∠CBD＝180°

即点A、C、E在一条直线上．又∵AD＝ED,∠ADE＝60°

∴△ADE为等边三角形．

∴∠BAD＝∠E＝60°

AD＝AE＝AC＋CE＝AC＋AB＝5．

24、

（1）证明：

由旋转可知∠EAB＝∠FAC，AF＝AC，AE＝AB．

又∵AB＝AC,∴AE＝AF．∴△ABE≌△ACF．∴BE＝CF．

（２）∵四边形ACDE是菱形,AB＝AC＝1，∴AC∥DE,DE＝AE＝AB＝,1．

又∵∠BAC＝45°

，∴∠AEB＝∠ABE＝∠BAC＝45°

∵∠AEB＋∠BAE＋∠ABE＝180°

∴∠BAE＝90°

∴BE＝．∴BD＝BE－DE＝－1．

25、

（1）SAS，△AFE；

（2）∠B＋∠D＝180°

（3）猜想：

DE2＝BD2＋EC2．

证明：

将△ABD绕点A逆时针旋转90°

，则AB与AC重合，

如图,连接ED′，则△ADE≌△AD′E，∴DE＝D′E，

又∵Rt△ABC中，∠B＋∠ACB＝90°

，∠B＝∠ACD′，

∴∠ACD′＋∠ACB＝90°

，即∠D′CE＝90°

∴ED′2＝EC2＋CD′2，∴DE2＝EC2＋BD2．