高考理综物理部分安徽试卷解析Word格式.doc

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x（m）

y（m）

o

4.0

【解析】由万有引力提供航天器做圆周运动的向心力得：

，所以、、、。

而“天宫一号”轨道半径比“神州八号”轨道半径大，故正确选项：

B

15．一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0s时波形如图1所示，已知波速为10m/s，则t=0.1s时正确的波形是图2中的

A．B．C．D．

图2

【答案】C

P

A

O

R

2R

【解析】由图1可得波长λ=4.0m，其周期T=λ/v=0.4s。

而t=0.1s=T/4，波沿x轴正方向传播，即图1的波形向x轴正方向移动1/4波长，得到图2的C图。

正确选项C

16．如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道。

半径OA水平、OB

竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道

到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球

从P到B的运动过程中

A．重力做功2mgR

B．机械能减少mgR

C．合外力做功mgR

D．克服摩擦力做功

【答案】D

【解析】小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，由牛顿第二定律：

；

小球从P到B的运动过程中，由动能定理：

。

重力做功，合外力做功，摩擦力做的功为，即克服摩擦力做功，机械能减少。

正确选项：

D

17．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速

F

下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则

A．物块可能匀速下滑

B．物块将以加速度a匀加速下滑

C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑

D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑

【解析】设斜面的倾角为，物块与斜面间动摩擦因数为，施加一个竖直向下的恒力F时，加速度为。

根据牛顿第二定律，不施加恒力F时：

，得；

施加一个竖直向下的恒力F时：

，得。

故正确选项：

C

18．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O处的电势为0V，点A处的电势为6V，点B处的电势为3V，则电场强度的大小为

A．B．

C．D．

【答案】A

【解析】由于、、，且是匀强电场，则在（3,0）的点的电势为3V。

匀强电场的方向垂直于点（3,0）与B点的连线，由几何关系可得O到点（3,0）与B点的连线的距离d=1.5cm，匀强电场的电场强度，正确选项：

19．如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过Δt时间从C点射出磁场，OC与OB成600角。

现将带电粒子的速度变为v/3，仍从A点射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为

A．B．

C．D．

【解析】由牛顿第二定律及匀速圆周运动得：

由图可得以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场经过Δt=T/6从C点射出磁场，轨道半径；

速度变为v/3时，运动半径是r/3=，由几何关系可得在磁场中运动转过的圆心角为1200，运动时间为T/3,即2Δt。

20．如图1所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为，其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：

，方向沿x轴。

现考虑单位面积带电量为的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆版，如图2所示。

则圆孔轴线上任意一点Q（坐标为x）的电场强度为

A．

B．

C．

D．

【解析】由于带电体表面的电场强度的方向垂直于带电体表面，无限大均匀带电平板周围的电场应是垂直于平板的匀强电场，即电场强度处处相等等于x=0时的电场强度，由题中信息可得单位面积带电量为无限大均匀带电平板场强为。

而半径为r的圆板在Q点等效场强为，由电场叠加原理可得图2中Q（坐标为x）的电场强度为和的矢量和，即。

（在此卷上答题无效）

第Ⅱ卷（非选择题共180分）

考生注意事项：

请用0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。

21．（18分）

I．（10分）图1为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图。

砂和砂桶的总质量为，小车和砝码的总质量为M。

实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。

（1）试验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一滑轮的高度，使细线与长木板平行。

接下来还需要进行的一项操作是

A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。

B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。

C．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动。

（2）实验中要进行质量和M的选取，以下最合理的一组是

A．M=20,=10、15、20、25、30、40

B．M=200,=20、40、60、80、100、120

C．M=400,=10、15、20、25、30、40

D．M=400,=20、40、60、80、100、120

（3）图2是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。

量出相邻的计数点之间的距离分别为=4.22cm、=4.65cm、=5.08cm、=5.49cm、=5.91cm、=6.34cm。

已知打点计时器的工作频率为50Hz,则小车的加速度a=m/s2（结果保留2位有效数字）。

+

-

II．（8分）图为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为2.5V。

（1）完成下列实验步骤：

①闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片，

②闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片，；

③断开开关，……。

根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线。

（2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图。

【答案】I．

（1）B

（2）C（3）0.42

II．

（1）①使它靠近变阻器左端的接线柱

②增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压

（2）如图所示

【解析】I．

（1）平衡摩擦阻力是通过B的方法来实现的，故选B

（2）由于本实验中要求砂和砂桶的质量m远小于小车和砝码的质量M，故选C合理。

（3）由于连续相等时间内的位移差ΔS=0.42cm，由匀变速运动规律ΔS=aT2，且T=5×

0.02s=0.1s，所以a=ΔS/T2=0.42m/s2。

II．

（1）①由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时小灯泡两端电压为0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻器左端的接线柱。

②描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压

22．（14分）

质量为0.1kg的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的图象如图所示。

球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的3/4。

设球受到的空气阻力大小恒为f，取=10m/s2,求：

t（s）

v（m/s）

0.5

4

（1）弹性球受到的空气阻力f的大小；

（2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度h。

【答案】

（1）0.2N

（2）

【解析】

（1）设弹性球第一次下落过程中的加速度大小为a1，由图知

①

根据牛顿第二定律，得

②

③

（2）由图知弹性球第一次到达地面时的速度大小为v1=4m/s，设球第一次离开地面时的速度为v2，则

④

第一次离开地面后，设上升过程中球的加速度大小为a2，则

a2=12m/s2⑤

于是，有

⑥

解得⑦

23．（16分）

图1是交流发电机模型示意图。

在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的OO˝轴转动，由线圈引起的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO˝转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路。

图2是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示。

已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度ω逆时针转动。

（只考虑单匝线圈）

（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；

（2）线圈平面处于与中性面成φ0夹角位置时开始计时，如图3所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；

（3）若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热。

（其它电阻均不计）

（1）

（2）

（3）

（1）矩形线圈abcd转动过程中，只有ab和cd切割磁感线，设ab和cd的转动速度为v，则

①

在t时刻，导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势均为

E1=BL1v②

由图可知③

则整个线圈的感应电动势为

④

（2）当线圈由图3位置开始运动时，在t时刻整个线圈的感应