高考物理福建卷物理Word格式.doc
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A B
C D
15．B [解析]设滑块与斜面间的动摩擦因数为μ，斜面倾角为θ，滑块在表面粗糙的固定斜面上下滑时做匀减速直线运动，加速度不变，其加速度的大小为a＝μgcosθ－gsinθ，故D项错误；
由速度公式v＝v0－at可知，v
t图像应为一条倾斜的直线，故C项错误；
由位移公式s＝v0t－at2可知，B项正确；
由位移公式及几何关系可得h＝ssinθ＝sinθ，故A项错误．
16．[2014·
福建卷Ⅰ]图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n4<
n2＝n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻RL>
2R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时（ ）
A．A1、A2两表的示数相同
B．L1、L2两灯泡的亮度相同
C．R1消耗的功率大于R3消耗的功率
D．R2两端的电压小于R4两端的电压
16．D [解析]由于n1<
n2，所以左边的理想变压器为升压变压器，低压交流电源经过理想升压变压器后，由于功率不变，所以电流变小，则A1表的示数小于A2表的示数，故A项错误；
由＝，U3＝U2－IA1·
2R及＝可知，L1两端的电压UL1＝U4＝U1－·
IA1·
2R，又L2两端的电压UL2＝U1－IA2·
2R，因IA1<
IA2，故UL1>
UL2，由P＝可知，L1的功率大于L2的功率，所以L1的亮度大于L2，故B项错误；
由于A1表的示数小于A2表的示数，由P＝I2R可知，R1消耗的功率小于R3消耗的功率，故C项错误；
由于A1表的示数小于A2表的示数，由U＝IR可知，R2两端的电压小于R4两端的电压，故D项正确．
17．[2014·
福建卷Ⅰ]在均匀介质中，一列沿x轴正向传播的横波，其波源O在第一个周期内的振动图像如图所示，则该波在第一个周期末的波形图是（ ）
17．D [解析]由振动图像可知，波源的起振方向是沿y轴负方向的，由题干可知该波沿x轴正方向传播，由质点的振动方向与波的传播方向的关系可知，该波在第一个周期末的波形图如图D所示．
18．[2014·
福建卷Ⅰ]如图所示，两根相同的轻质弹簧，沿足够长的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部挡板上，斜面固定不动．质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端．现用外力作用在两物块上，使两弹簧具有相同的压缩量，若撤去外力后，两物块由静止沿斜面向上弹出并离开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块（ ）
A．最大速度相同
B．最大加速度相同
C．上升的最大高度不同
D．重力势能的变化量不同
18．C [解析]设斜面倾角为θ，物块速度达到最大时，有kx＝mgsinθ，若m1<
m2，则x1<
x2，当质量为m1的物块到达质量为m2的物块速度最大位置的同一高度时，根据能量守恒得：
ΔEp＝mgΔh＋mv2，所以v＝，因为m1<
m2，所以v1>
v2max，此时质量为m1的物块还没达到最大速度，因此v1max>
v2max，故A错；
由于撤去外力前，两弹簧具有相同的压缩量，所以撤去外力时两弹簧的弹力相同，此时两物块的加速度最大，由牛顿第二定律可得a＝，因为质量不同，所以最大加速度不同，故B错误；
由于撤去外力前，两弹簧具有相同的压缩量，所以两弹簧与物块分别组成的两系统具有相同的弹性势能，物块上升过程中系统机械能守恒，所以上升到最大高度时，弹性势能全部转化为重力势能，所以两物块重力势能的增加量相同，故D错误；
由Ep＝mgh可知，两物块的质量不同，所以上升的最大高度不同，故C正确．
19．[2014·
福建卷Ⅰ]
（1）某同学测定一金属杆的长度和直径，示数如图甲、乙所示，则该金属杆的长度和直径分别为________cm和________mm.
（2）某研究性学习小组利用伏安法测定某一电池组的电动势和内阻，实验原理如图甲所示，其中，虚线框内为用灵敏电流计G改装的电流表A，V为标准电压表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，R0是标称值为4.0Ω的定值电阻．
①已知灵敏电流计G的满偏电流Ig＝100μA，内阻rg＝2.0kΩ，若要改装后的电流表满偏电流为200mA，应并联一只阻值为________Ω（保留一位小数）的定值电阻R1；
②根据图甲，用笔画线代替导线将图乙连接成完整电路；
甲
乙
③某次实验的数据如下表所示：
测量次数
1
2
3
4
5
6
7
8
电压表V读数
U/V
5.26
5.16
5.04
4.94
4.83
4.71
4.59
4.46
改装表A读数
I/mA
20
40
60
80
100
120
140
160
该小组借鉴“研究匀变速直线运动”实验中计算加速度的方法（逐差法），计算出电池组的内阻r＝________Ω（保留两位小数）；
为减小偶然误差，逐差法在数据处理方面体现出的主要优点是______________________．
④该小组在前面实验的基础上，为探究图甲电路中各元器件的实际阻值对测量结果的影响，用一已知电动势和内阻的标准电池组，通过上述方法多次测量后发现：
电动势的测量值与已知值几乎相同，但内阻的测量值总是偏大．若测量过程无误，则内阻测量值总是偏大的原因是________．（填选项前的字母）
A．电压表内阻的影响
B．滑动变阻器的最大阻值偏小
C．R1的实际阻值比计算值偏小
D．R0的实际阻值比标称值偏大
19．[答案]
（1）60.10 4.20
（2）①1.0 ②如图所示
③1.66 充分利用已测得的数据 ④CD
[解析]金属杆的长度通过毫米刻度尺读出来，毫米刻度尺读数时要读到最小刻度的下一位，即要有估读数位，如图甲所示，读数为60.10cm，其中最后一个“0”为估读数；
金属杆的直径通过游标卡尺读出来，游标卡尺的读数是主尺读数加上游标尺的读数，注意没有估读，如图乙所示，读数为：
4mm＋10×
0.02mm＝4.20mm.
[解析]①由串、并联电路的特点可得：
R1＝＝Ω＝1.0Ω；
②从电源正极出发，沿电流的流向依次连线，注意电流要由两电表的正接线柱流入，由负接线柱流出；
③E－U＝I（r内＋R0），则－ΔU＝ΔI（r内＋R0），所以（r内＋R0）＝－＝＝＝＝＝＝5.66Ω，所以r内＝5.66Ω－R0＝1.66Ω，逐差法处理实验数据的优点是可以充分利用已测得的数据，减小实验误差；
④电压表的读数等于路端电压，所以电压表内阻对测量结果没有影响，选项A错误；
滑动变阻器用来改变路端电压，对测量结果没有影响，选项B错误；
若R1的实际阻值偏小，则电流表的实际量程偏大，电流表的读数比实际值偏小，电池组的内阻测量值偏大，选项C正确；
R0的实际阻值偏大时，电池组的实际内阻比测量值偏小，选项D正确．
20．[2014·
福建卷Ⅰ]如图，真空中xOy平面直角坐标系上的A、B、C三点构成等边三角形，边长L＝2.0m．若将电荷量均为q＝＋2.0×
10－6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k＝9×
109N·
m2/C2，求：
（1）两点电荷间的库仑力大小；
（2）C点的电场强度的大小和方向．
20．
（1）9.0×
10－3N
（2）7.8×
103N/C 沿y轴正方向
[解析]
（1）根据库仑定律，A、B两点电荷间的库仑力大小为
F＝k①
代入数据得 F＝9.0×
10－3N②
（2）A、B两点电荷在C点产生的场强大小相等，均为
E1＝k③
A、B两点电荷形成的电场在C点的合场强大小为
E＝2E1cos30°
④
由③④式并代入数据得E＝7.8×
103N/C⑤
场强E的方向沿y轴正方向．
21．[2014·
福建卷Ⅰ]图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，整个轨道在同一竖直平面内，表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切．点A距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R，圆心O恰在水面．一质量为m的游客（视为质点）可从轨道AB的任意位置滑下，不计空气阻力．
（1）若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面上的D点，OD＝2R，求游客滑到B点时的速度vB大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功Wf；
（2）若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h.（提示：
在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向＝m）
21．[答案]
（1） －（mgH－2mgR）
（2）R
[解析]
（1）游客从B点做平抛运动，有2R＝vBt①
R＝gt2②
由①②式得vB＝③
从A到B，根据动能定理，有
mg（H－R）＋Wf＝mv－0④
由③④式得Wf＝－（mgH－2mgR）⑤
（2）设OP与OB间夹角为θ，游客在P点时的速度为vP，受到的支持力为N，从B到P由机械能守恒定律，有
mg（R－Rcosθ）＝mv－0⑥
过P点时，根据向心力公式，有mgcosθ－N＝m⑦
N＝0⑧
cosθ＝⑨
由⑥⑦⑧⑨式解得h＝R.⑩
22．[2014·
福建卷Ⅰ]如图所示，某一新型发电装置的发电管是横截面为矩形的水平管道，管道的长为L、宽为d、高为h，上下两面是绝缘板．前后两侧面M、N是电阻可忽略的导体板，两导体板与开关S和定值电阻R相连．整个管道置于磁感应强度大小为B、方向沿z轴正方向的匀强磁场中．管道内始终充满电阻率为ρ的导电液体（有大量的正、负离子），且开关闭合前后，液体在管道进、出口两端压强差的作用下，均以恒定速率v0沿x轴正向流动，液体所受的摩擦阻力不变．
（1）求开关闭合前，M、N两板间的电势差大小U0；
（2）求开关闭合前后，管道两端压强差的变化Δp；
（3）调整矩形管道的宽和高，但保持其他量和矩形管道的横截面积S＝dh不变，求电阻R可获得的最大功率Pm及相应的宽高比的值．
22．
（1）Bdv0
（2） （3）
[解析]
（1）设带电离子所带的电荷量为q，当其所受的洛伦兹力与电场力平衡时，U0保持恒定，有qv0B＝q①
得U0＝Bdv0②
（2）设开关闭合前后，管道两端压强差分别为p1、p2，液体所受的
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