浙江高考理综物理试题及答案word版清晰精校精排Word文件下载.doc

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C．太阳光中的红光经地球大气层折射到月球

D．太阳光中的红光在月球表面形成干涉条纹

16．C　[解析]月全食的示意图如图所示．月全食发生时，月球处于地球的本影区．从原理上来说，地球上的人不会看到月亮．为什么会看到“红月亮”呢？

是因为有一部分太阳光经过地球大气层的折射后，波长较短的蓝紫光大部分被吸收了，而波长较长的红光更多地照向月球表面，所以“红月亮”是地球大气对太阳光的折射造成的．

月全食是自然现象，小虎看到整个月球是暗红色，也是自然现象，不是人用红色激光照射的结果，故A错．月全食时月球在地球的背面，地球反射的光不会照向月球，故B错．月全食时，太阳光无法直接照到月球，即使照到也不具备发生光的干涉的条件，即使具备发生光的干涉的条件，干涉图样也应该是条纹状的，故D错．用排除法也应该选C.

17．如图所示，水平木板上有质量m＝1.0kg的物块，受到随时间t变化的水平拉力F作用，用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力Ff的大小．取重力加速度g＝10m/s2，下列判断正确的是（　　）

A．5s内拉力对物块做功为零

B．4s末物块所受合力大小为4.0N

C．物块与木板之间的动摩擦因数为0.4

D．6s～9s内物块的加速度大小为2.0m/s2

17．D　[解析]从图可知，物块与木板之间的静摩擦力最大值为4N，滑动摩擦力大小为3N．结合拉力和摩擦力的大小可判断物块的运动规律：

在0～4s物块静止，4～5s物块做加速度逐渐增大的变加速直线运动，5s以后物块做匀加速直线运动.0～4s物块静止，拉力对物体不做功，但是4～5s物块运动，拉力对物体做正功，故A错误.4s末，物块所受的合力由0突变为1N，故B错误．物块与木板之间的动摩擦因数μ＝＝＝0.3，故C错误.6～9s内，物块的加速度a＝＝m/s2＝2.0m/s2，故D正确．

18．如图所示，三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r的圆轨道上，设地球质量为M，半径为R.下列说法正确的是（　　）

A．地球对一颗卫星的引力大小为

B．一颗卫星对地球的引力大小为

C．两颗卫星之间的引力大小为

D．三颗卫星对地球引力的合力大小为

18．BC　[解析]地球与一颗卫星的万有引力可由万有引力定律直接求出，F地卫＝G，故A错误，B正确．卫星间的万有引力也可由万有引力定律直接求出，F卫卫＝G＝G，故C正确．三颗卫星对地球的万有引力大小相等，相邻两个力的夹角均为120°

，合力为零，故D错误．

二、选择题（本题共3小题。

在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

）

19．如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动．若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g＝10m/s2.关于热气球，下列说法正确的是（　　）

A．所受浮力大小为4830N

B．加速上升过程中所受空气阻力保持不变

C．从地面开始上升10s后的速度大小为5m/s

D．以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N

19．AD　[解析]热气球从地面刚开始竖直上升时，速度很小，空气阻力可以忽略，对热气球由牛顿第二定律有：

F－mg＝ma，解得浮力F＝mg＋ma＝4830N，故A正确．如果热气球一直匀加速上升，则上升180m时的速度v＝＝6m/s>

5m/s，故热气球不是匀加速上升，说明随着速度的增加，空气阻力也越来越大，故B错误．如果热气球一直匀加速上升，则上升180m所用的时间t＝＝12s>

10s，说明上升10s后还未上升到180m处，速度小于5m/s，故C错误．以5m/s的速度匀速上升阶段，空气阻力f＝F－mg＝230N，故D正确．

20．在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P＋和P3＋，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域，如图所示．已知离子P＋在磁场中转过θ＝30°

后从磁场右边界射出．在电场和磁场中运动时，离子P＋和P3＋（　　）

A．在电场中的加速度之比为1∶1

B．在磁场中运动的半径之比为∶1

C．在磁场中转过的角度之比为1∶2

D．离开电场区域时的动能之比为1∶3

20．BCD　[解析]离子在电场中的加速度a＝，故＝＝，A错误．离开电场区域时的动能Ek＝Uq，故＝＝，D正确．在磁场中运动的半径r＝＝＝，故＝＝，B正确．在磁场中转过的角度的正弦值sinθ＝＝Bd，故＝＝，因θ1＝30°

，则sinθ2＝，即θ2＝60°

，所以＝，C正确．

三、非选择题部分

21．（10分）如图所示，装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮，固定在小车上；

装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端，另一端系在小车上．一同学用装置甲和乙分别进行实验，经正确操作获得两条纸带①和②，纸带上的a、b、c……均为打点计时器打出的点．

（1）任选一条纸带读出b、c两点间距离为________；

（2）任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为________，纸带①和②上c、e两点间的平均速度v①________v②（填“大于”、“等于”或“小于”）；

③图中________（填选项）．

A．两条纸带均为用装置甲实验所得

B．两条纸带均为用装置乙实验所得

C．纸带①为用装置甲实验所得，纸带②为用装置乙实验所得

D．纸带①为用装置乙实验所得，纸带②为用装置甲实验所得

21．

（1）2.10cm或2.40cm（±

0.05cm，有效数字不作要求）

（2）1.13m/s或1.25m/s（±

0.05cm/s，有效数字不作要求）　小于

（3）C

【解析】

（1）纸带①，b点读数约为3.90cm，c点读数约为6.00cm，b、c间距离约为2.10cm.纸带②，b点读数约为4.10cm，c点读数约为6.50cm，b、c间距离约为2.40cm.

（2）c、e间的平均速度＝，纸带①中对应的约为1.13m/s，纸带②中对应的约为1.25m/s.

（3）纸带①中两计时点间的距离越来越大，说明小车一直在加速，所以是用装置甲实验所得．纸带②中d点以后的计时点间的距离不变，说明小车先加速后匀速，所以是用装置乙实验所得．

22．（10分）采用如图所示的电路“测定电池的电动势和内阻”．

（1）除了选用照片中的部分器材外，________（填选项）．

A．还需要电压表　　　　B．还需要电流表

C．还需要学生电源D．不再需要其他器材

（2）测量所得数据如下：

　　　测量次数

物理量　　　

1

2

3

4

5

6

R/Ω

1.2

1.0

0.8

0.6

0.4

0.2

I/A

0.60

0.70

0.80

0.89

1.00

1.20

U/V

0.90

0.78

0.74

0.67

0.62

0.43

用作图法求得电池的内阻r＝________．

（3）根据第5次所测得的实验数据，求得电流表内阻RA＝________．

22．

（1）A　

（2）如图所示　（0.75±

0.10）Ω　（3）0.22Ω

[解析]

（1）依据实物图，实验器材还缺电压表．

（2）根据数据描点、连线，作出电源的U－I图像，电源内阻r＝.

（3）电流表的电阻RA＝－R.

23．（16分）山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1＝1.8m，h2＝4.0m，x1＝4.8m，x2＝8.0m．开始时，质量分别为M＝10kg和m＝2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头的A点水平跳至中间石头．大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端，荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均可看成质点，空气阻力不计，重力加速度g＝10m/s2.求：

（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；

（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；

（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．

23．[解析]

（1）设猴子从A点水平跳离时速度的最小值为vmin，根据平抛运动规律，有

h1＝gt2①

x1＝vmint②

联立①②式，得vmin＝8m/s③

（2）猴子抓住青藤后的运动过程中机械能守恒，设荡起时的速度为vC，有

（M＋m）gh2＝（M＋m）v④

vC＝＝m/s≈9m/s⑤

（3）设拉力为FT，青藤的长度为L，对最低点，由牛顿第二定律得

FT－（M＋m）g＝（M＋m）⑥

由几何关系（L－h2）2＋x＝L2⑦

得L＝10m⑧

综合⑤⑥⑧式并代入数据解得：

FT＝（M＋m）g＋（M＋m）＝216N⑨

24．（20分）“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成．偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的同心金属半球面A和B构成，A、B为电势值不等的等势面，其过球心的截面如图所示．一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M板正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为Ek0的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间．忽略电场的边缘效应．

（1）判断半球面A、B的电势高低，并说明理由；

（2）求等势面C所在处电场强度E的大小；

（3）若半球面A、B和等势面C的电势分别为φA、φB和φC，则到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量ΔEk左和ΔEk右分别为多少？

（4）比较|ΔEk左|与|ΔEk右|的大小，并说明理由．

24．[解析]

（1）电子（带负电）做圆周运动，电场力方向指向球心，电场方向从B指向A，B板电势高于A板．

（2）据题意，电子在电场力作用下做圆周运动，考虑到圆轨道上的电场强度E大小相同，有

eE＝m

Ek0＝mv2

R＝

联立解得：

E＝＝

（3）电子运动时只有电场力做功，根据动能定理，有

ΔΕk＝qU

对到达N板左边缘的电子，电场力做正功，动能增加，有

ΔΕk左＝e（φB－φC）

对到达N板右边缘的电子，电场力做负功，动能减小，有

ΔΕk右＝e（φA－φC）

（4）根据电场线的特点，等势面B与C之间的电场强度大于C与A之间的电场强度，考虑到等势面间距相等，有

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即>

25．（22分）