届苏教版理科数学 不等式选讲 单元测试文档格式.docx
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①利用绝对值不等式的几何意义求解.
②利用零点分段法求解.
③构造函数,利用函数的图象求解.
[小题体验]
1.若不等式|x-4|≤2的解集为,则实数=________.
解析:
由|x-4|≤2⇔2≤x≤6.
因为不等式的解集为,
所以=2.
答案:
2
2.函数y=|x-4|+|x+4|的最小值为________.
因为|x-4|+|x+4|≥|(x-4)-(x+4)|=8,
即函数y的最小值为8.
8
3.不等式|x+1|-|x-2|≥1的解集是________.
f(x)=|x+1|-|x-2|=
当-1<
x<
2时,由2x-1≥1,解得1≤x<
2.
又当x≥2时,f(x)=3>
1恒成立.
所以不等式的解集为.
1.对形如|f(x)|>
a或|f(x)|<
a型的不等式求其解集时,易忽视a的符号直接等价转化造成失误.
2.绝对值不等式||a|-|b||≤|a±
b|≤|a|+|b|中易忽视等号成立的条件.如|a-b|≤|a|+|b|,当且仅当ab≤0时等号成立,其他类似推导.
[小题纠偏]
1.(2018·
苏州暑假测试)不等式x+|2x+3|≥2的解集为________.
因为x+|2x+3|≥2,所以|2x+3|≥2-x,
所以2x+3≥2-x或2x+3≤-(2-x),
解得x≥-或x≤-5,
所以不等式的解集是xx≥-或x≤-5.
xx≥-或x≤-5
2.若存在实数x使|x-a|+|x-1|≤3成立,则实数a的取值范围是________.
因为|x-a|+|x-1|≥|(x-a)-(x-1)|=|a-1|,
要使|x-a|+|x-1|≤3有解,可使|a-1|≤3,
所以-3≤a-1≤3,所以-2≤a≤4.
[-2,4]
[题组练透]
1.在实数范围内,解不等式|2x-1|+|2x+1|≤6.
解:
法一:
当x>
时,原不等式转化为4x≤6⇒<
x≤;
当-≤x≤时,原不等式转化为2≤6,恒成立;
当x<
-时,原不等式转化为-4x≤6⇒-≤x<
-.
综上知,原不等式的解集为.
法二:
原不等式可化为+≤3,
其几何意义为数轴上到,-两点的距离之和不超过3的点的集合,数形结合知,当x=或x=-时,到,-两点的距离之和恰好为3,故当-≤x≤时,满足题意,则原不等式的解集为.
2.(2018·
南京高三年级学情调研)解不等式:
|x-2|+|x+1|≥5.
当x<-1时,不等式可化为-x+2-x-1≥5,解得x≤-2;
当-1≤x≤2时,不等式可化为-x+2+x+1≥5,此时不等式无解;
当x>2时,不等式可化为x-2+x+1≥5,解得x≥3,
所以原不等式的解集为(-∞,-2]∪[3,+∞).
3.(2018·
南京学情调研)解不等式|x-1|+2|x|≤4x.
原不等式等价于
或或
解得x∈∅;
解得≤x≤1;
解得x>1.
所以原不等式的解集为.
[谨记通法]
解绝对值不等式的基本方法
(1)利用绝对值的定义,通过分类讨论转化为解不含绝对值符号的普通不等式;
(2)当不等式两端均为正号时,可通过两边平方的方法,转化为解不含绝对值符号的普通不等式;
(3)利用绝对值的几何意义,数形结合求解.
[典例引领]
苏州测试)已知a≥2,x∈R,求证:
|x-1+a|+|x-a|≥3.
证明:
因为|x-1+a|+|x-a|≥|x-1+a-(x-a)|=|2a-1|,
又a≥2,故|2a-1|≥3.
所以|x-1+a|+|x-a|≥3.
2.若对于实数x,y有|1-x|≤2,|y+1|≤1,求|2x+3y+1|的最大值.
因为|2x+3y+1|=|2(x-1)+3(y+1)|
≤2|x-1|+3|y+1|≤7,
所以|2x+3y+1|的最大值为7.
[由题悟法]
(1)绝对值三角不等式定理|a|-|b|≤|a±
b|≤|a|+|b|中等号成立的条件要特别注意,特别是用此定理求最值及进行不等式放缩时.
(2)定理可推广:
||a|-|b||≤|a±
b|≤|a|+|b|.
[即时应用]
已知x,y∈R,且|x+y|≤,|x-y|≤,
求证:
|x+5y|≤1.
因为|x+5y|=|3(x+y)-2(x-y)|.
所以由绝对值不等式的性质,得
|x+5y|=|3(x+y)-2(x-y)|≤|3(x+y)|+|2(x-y)|=3|x+y|+2|x-y|≤3×
+2×
=1.即|x+5y|≤1.
(2018·
苏州期末)设函数f(x)=+|x-a|(a>
0).
(1)证明:
f(x)≥2;
(2)若f(3)<
5,求实数a的取值范围.
因为a>
0,
所以f(x)=+|x-a|≥=+a≥2.当且仅当a=1时等号成立.
(2)因为f(3)<
5,所以3++|3-a|<
5,
即+|a-3|<
所以或
即或
解得<
3或3≤a<
.
所以正实数a的取值范围是.
(1)研究含有绝对值的函数问题时,根据绝对值的定义,分类讨论去掉绝对值符号,将原函数转化为分段函数,然后利用数形结合解决问题,这是常用的思想方法.
(2)f(x)<a恒成立⇔f(x)max<a.
f(x)>
a恒成立⇔f(x)min>a.
宿迁调研)设函数f(x)=|x+2|+|x-a|(a∈R).
(1)若不等式f(x)+a≥0恒成立,求实数a的取值范围;
(2)若不等式f(x)≥x恒成立,求实数a的取值范围.
(1)当a≥0时,f(x)+a≥0恒成立,
当a<0时,要保证f(x)≥-a恒成立,
即f(x)的最小值|a+2|≥-a,
解得-1≤a<0,故a≥-1.
所以实数a的取值范围为[-1,+∞).
(2)由题意可知,函数y=f(x)的图象恒在直线y=x的上方,画出两个函数图象可知,当a≤-2时,符合题意,当a>-2时,只需满足点(a,a+2)不在点的下方即可,所以a+2≥a,即-2<a≤4.
综上,实数a的取值范围是(-∞,4].
1.已知|2x-3|≤1的解集为[m,n].
(1)求m+n的值;
(2)若|x-a|<m,求证:
|x|<|a|+1.
(1)不等式|2x-3|≤1可化为-1≤2x-3≤1,
解得1≤x≤2,所以m=1,n=2,m+n=3.
(2)证明:
若|x-a|<1,则|x|=|x-a+a|≤|x-a|+|a|<|a|+1.即|x|<|a|+1.
苏北四市一模)设c>0,|x-1|<,|y-1|<,求证:
|2x+y-3|<c.
因为|x-1|<,|y-1|<
,
所以|2x+y-3|=|2x-2+y-1|≤|2x-2|+|y-1|<+=c,
故|2x+y-3|<c.
3.若关于x的不等式|x+1|-|x-2|<
a2-4a有实数解,求实数a的取值范围.
因为||x+1|-|x-2||≤|(x+1)-(x-2)|=3,
所以-3≤|x+1|-|x-2|≤3.
由不等式a2-4a>
|x+1|-|x-2|有实数解,
知a2-4a>
-3,解得a>
3或a<
1,
所以实数a的取值范围为(-∞,1)∪(3,+∞).
4.已知函数f(x)=|x-a|.
(1)若f(x)≤m的解集为,求实数a,m的值;
(2)当a=2且0≤t<2时,解关于x的不等式f(x)+t≥f(x+2).
(1)因为|x-a|≤m,所以-m+a≤x≤m+a.
因为-m+a=-1,m+a=5,
所以a=2,m=3.
(2)f(x)+t≥f(x+2)可化为|x-2|+t≥|x|.
①当x∈(-∞,0)时,2-x+t≥-x,2+t≥0,
因为0≤t<2,所以x∈(-∞,0);
②当x∈[0,2)时,2-x+t≥x,x≤1+,0≤x≤1+,
因为1≤1+<2,所以0≤x≤1+;
③当x∈[2,+∞)时,x-2+t≥x,t≥2,当0≤t<2时,无解.
综上,当0≤t<2时,所求不等式的解集为.
5.设函数f(x)=|x-1|+|x-2|.
(1)求证:
f(x)≥1;
(2)若f(x)=成立,求x的取值范围.
f(x)=|x-1|+|x-2|≥|(x-1)-(x-2)|=1.
(2)因为==+≥2,
当且仅当a=0时等号成立,
所以要使f(x)=成立,只需|x-1|+|x-2|≥2,
即或或
解得x≤或x≥,
故x的取值范围是∪.
6.(2017·
全国卷Ⅲ)已知函数f(x)=|x+1|-|x-2|.
(1)求不等式f(x)≥1的解集;
(2)若不等式f(x)≥x2-x+m的解集非空,求m的取值范围.
(1)f(x)=
当x<-1时,f(x)≥1无解;
当-1≤x≤2时,由f(x)≥1,得2x-1≥1,解得1≤x≤2;
当x>2时,由f(x)≥1,解得x>2.
所以f(x)≥1的解集为{x|x≥1}.
(2)由f(x)≥x2-x+m,得m≤|x+1|-|x-2|-x2+x.
而|x+1|-|x-2|-x2+x≤|x|+1+|x|-2-x2+|x|=-2+≤,
当且仅当x=时,|x+1|-|x-2|-x2+x=.
故m的取值范围为.
7.设函数f(x)=|2x-1|-|x+2|.
(1)解不等式f(x)>0;
(2)若∃x0∈R,使得f(x0)+2m2<4m,求实数m的取值范围.
(1)不等式f(x)>0,即|2x-1|>|x+2|,
即4x2-4x+1>x2+4x+4,
3x2-8x-3>0,解得x<-或x>3,
所以不等式f(x)>0的解集为.
(2)f(x)=|2x-1|-|x+2|=
故f(x)的最小值为f=-.
因为∃x0∈R,使得f(x0)+2m2<4m,
所以4m-2m2>-,
解得-<m<.
故实数m的取值范围为.
8.已知函数f(x)=|3x+2|.
(1)解不等式f(x)<
4-|x-1|;
(2)已知m+n=1(m,n>
0),若|x-a|-f(x)≤+(a>
0)恒成立,求实数a的取值范围.
(1)不等式f(x)<
4-|x-1|,即|3x+2|+|x-1|<
4.
-时,即-3x-2-x+1<
4,
解得-<
-;
当-≤x≤1时,即3x+2-x+1<
解得-≤x<
;
1时,即3x+2+x-1<
4,无解.
综上所述,x∈.
(2)由题意,+=(m+n)=1+1++≥4,
当且仅当m=n=时等号成立.
令g(x)=|x-a|-f(x)=|x-a|-|3x+2|=
所以x=-时,g(x)max=+a,要使不等式恒成立,
只需g(x)max=+a≤4,即0<
a≤.
所以实数a的取值范围是.
第二节不等式的证明
1.基本不等式
(1)定理:
如果a,b∈R,那么a2+b2≥2ab,当且仅当a=b时,等号成立