物理广东省云浮一中届高三适应性考试试题解析版Word文件下载.docx

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，根据左手定则可知电子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，故电子向下极板偏转的原因是电场力小于洛伦兹力，所以为了使粒子在复合场中做匀速直线运动，则要么减小洛伦兹力，要么增大电场力；

A、适当减小电场强度E，减小电场力，故A错误；

B、适当减小磁感应强度，可减小洛伦兹力，故B正确；

C、适当增大加速电压U，即可以增大速度v，增大洛伦兹力，故C错误；

D、适当增大加速电场极板之间的距离，根据电场力减小，故D错误；

故选B。

【点睛】本题中物体的运动分成两个阶段：

在电场中的加速和在复合场中的匀速直线运动．在解题时要注意过程分析和受力分析。

3.如图所示，楔形木块固定在水平面上，它的两个光滑斜面倾角不同，。

、两质点从木块的顶点开始，分别沿左右两斜面由静止下滑到底端时，能正确反映它们下滑过程的运动图象是:

A.B.C.D.

【解析】根据牛顿第二定律得：

，因为，则知，而v-t图象的斜率等于加速度；

由动能定理知，到达斜面低端时二者速度相等，故ABC错误，D正确；

【点睛】本题关键运用牛顿第二定律和运动学公式分析两个过程加速度关系，即可结合图象的物理意义进行选择。

4.设想探测火星时，载着登陆舱的探测飞船在以火星中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，登陆舱的探测飞船的总质量为m1。

随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2。

则

A.火星的质量为

B.火星表面的重力加速度为

C.登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为

D.登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为

【答案】A

【解析】A、根据万有引力提供向心力得，火星的质量为，故A正确；

B、由于火星的半径未知，则无法求出星球表面的重力加速度，故B错误；

C、根据万有引力提供向心力得，解得，登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为，故C错误；

D、根据万有引力提供向心力得，解得，登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为，故D错误；

故选A。

【点睛】本题主要抓住万有引力提供圆周运动向心力并由此根据半径关系判定描述圆周运动物理量的大小关系，掌握万有引力提供向心力这一理论，并能灵活运用。

5.如图，排球场总长为18m，设网的高度为2m，运动员站在离网3m远的线上正对网前竖直跳起，在高为2.5m处把作为质点的排球垂直于网水平击出．（设空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2）则：

A.若球未触网，排球飞行时间为s

B.击球速度大于20m/s，球必定会出界

C.击球速度小于10m/s，球必定会触网

D.只要击球点高于2m，且击球速度合适，球总可以落到对方界内

【答案】AB

【解析】ABC、如图所示排球恰不触网时其运动轨迹为Ⅰ．排球恰不出界时其运动轨迹为Ⅱ，根据平抛运动的规律：

当排球恰不触网时有：

，，解得排球飞行时间为，

当排球恰不出界时有，，可解得：

，，故AB正确，C错误；

D、如图所示为排球恰不触网也恰不出界的临界轨迹．设击球点高度为h

根据平抛运动的规律有：

，

，

联立以上四式可得：

，故D错误；

故选AB。

【点睛】球被水平击出后，做平抛运动，击球高度一定时，恰不触网是速度的一个临界值，恰不出界时则是另一个击球速度的临界值。

6.如图，质量为m的小球，用长为L的细线挂在O点，在O点正下方处有一光滑的钉子O′，把小球拉到与钉子O′在同一水平的位置，摆线被钉子拦住且张紧，现将小球由静止释放，当小球第一次通过最低点P瞬间

A.小球的角速度不变

B.小球的线速度不变

C.小球的向心加速度减小为原来的

D.悬线受到的拉力减小为原来的

【答案】BC

【解析】B、小球第一次通过最低点时，小球的速率不变，故B正确；

A、半径突然变大，由知，小球的角速度ω变小，故A错误；

C、根据知，半径变为原来的2倍，则小球的向心加速度减小为原来的，故C正确；

故选BC。

【点睛】解决本题的关键抓住通过最低点的线速度不变，根据向心力和向心加速度的公式，结合半径的变化判断其变化。

7.如图，abcdef是位于某匀强电场中边长为1m的正六边形，已知a、b、c三顶点的电势分别为900V、600V、300V,则

A.e点的电势为600V

B.f到c的电势差为600V

C.电场强度方向沿ab方向

D.电场强度的大小为E=300V/m

【解析】在该题的匀强电场中，ac之间的电势差为，结合匀强电场的特点可知，ac中点处N的电势：

，可知N点的电势与b点的电势相等，则N、b处于同一个等势面上，理解Nb并延长，由几何关系可知，则延长线经过e点，如图：

A、由以上的分析可知，b、N、e在同一个等势面上，所以e点的电势也等于600V．故A正确；

B、由于，可知af和cd也是该匀强电场的等势面，所以a与f的电势也相等，所以f与c的电势差等于a与c的电势差，等于600V．故B正确；

C、b、N、e在同一个等势面上，由几何关系可知，该匀强电场的电场的方向沿ac的方向．故C错误；

D、由几何关系可知：

，所以该电场的电场强度，故D错误；

【点睛】本题关键要明确匀强电场中沿着任意方向电势降落相等，同时要熟悉匀强电场中等势面和电场线的关系，然后结合几何关系分析求解。

8.矩形线圈abcd，长ab＝0.20m，宽bc＝0.10m，匝数n＝200，线圈回路总电阻R＝5Ω.整个线圈平面内均有垂直于线圈平面的匀强磁场穿过．若匀强磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图，则

A.线圈回路中感应电动势随时间均匀变化

B.线圈回路中产生的感应电流为0.2A

C.当t＝0.30s时，整个线圈的ab边所受的安培力大小为3.2N

D.在1min内线圈回路产生的焦耳热为48J

【答案】CD

【解析】从图象可知，与线圈平面垂直的磁场是随时间均匀增大的，穿过线圈平面的磁通量也随时间均匀增大，线圈回路中产生的感应电动势是不变的，感应电动势，由欧姆定律可得线圈回路中产生的感应电流为，当t＝0.30s时，整个线圈的ab边所受的安培力大小为；

在1min内线圈回路产生的焦耳热为，故CD正确，AB错误；

故选CD。

9.某同学提出了仅运用一个已知质量为m的钩码和一把米尺进行测量的方案。

首先，他把钩码直接悬挂在这种棉线上，结果棉线没有断，而且没有发生明显伸长。

然后该同学利用如图的装置，得出了该棉线能承受的最大拉力（细线两端点A、B始终位于同一水平线）。

请你根据该同学已具有的上述器材，回答下列问题（已知重力加速度为g）：

（1）实验中需要测量的物理量是：

_________________；

（2）棉线能承受的最大拉力F的表达式是：

F＝_____________。

【答案】

（1）.细线恰断裂瞬间A、B之间的距离，细线长L

（2）.

【解析】根据共点力平衡得棉纱线上最大承受的拉力在竖直方向合力和钩码重力相等，

根据几何关系得：

根据三角函数关系得：

所以实验中需要测量的物理量是细线恰断裂瞬间A、B之间的距离，细线长L，棉线能承受的最大拉力F的表达式是

【点睛】根据共点力平衡得棉纱线上最大承受的拉力在竖直方向合力和钩码重力相等，根据三角函数关系求出最大拉力。

10.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率为0.5W，此外还有以下器材可供选择：

A．直流电源3V（内阻不计）

B．直流电流表0~300mA（内阻约为5Ω）

C．直流电流表0~3A（内阻约为0.1Ω）

D．直流电压表0~3V（内阻约为30kΩ）

E．滑动变阻器100Ω，0.5A

F．滑动变阻器10Ω，2A

G．导线和开关

（1）实验中电流表应选用______，滑动变阻器应选用________；

（须填写仪器前的字母）

（2）在图甲的虚线框中画出正确的实验电路图（虚线框中已将部分电路画出，请补齐电路的其他部分）；

（3）根据实验数据，画出的小灯泡I-U图线如图乙所示。

由此可知，当电压为0.5V时，小灯泡的灯丝电阻是________Ω；

若用电动势为2.0V，内阻为10Ω的电池直接给该小灯泡供电，则小灯泡耗电功率为________W.（本小题两空均保留2位有效数字）

（1）.BF

（2）.如下图（3）.5.00.094

【解析】

（1）小灯泡的规格为额定电压为2.5V，额定功率为0.5W，故额定电流为，所以电流表选择B；

由于描绘伏安特性曲线，滑动变阻器需用分压式接法，为调节的方便，选择阻值小，额定电流较大的F；

（2）.小灯泡电阻较小，电流表用内接法，由于描绘小灯泡的伏安特性曲线，动变阻器需用分压式接法，所以电路图如图所示

（3）由曲线知，当电压为0.5V时，小灯泡的电流为0.1A，根据欧姆定律得此时电阻为5欧姆；

用电动势为2.0V，内阻为10Ω的电池直接给该小灯泡供电，根据闭合电路欧姆定律则有，然后作出I-U图像

图像中交点，小灯泡耗电功率为

11.如图，直角坐标系第Ⅰ、Ⅱ象限存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m，电量为＋q的粒子在纸面内以速度从-y轴上的A点（0,L）射入，其方向+x成30°

角，粒子离开磁场后能回到A点，（不计重力）。

求：

（1）磁感应强度B的大小；

（2）粒子从A点出发到再回到A点的时间。

（1）

（2）

【解析】解：

（1）由于，

则，半径

根据

则磁感应强度

（2）粒子在弧CD中弧长为，

又

粒子从A点出发到再回到A点的时间

12.如图甲，水平面以O点为界，左侧光滑、右侧粗糙。

足够长木板A左端恰在O点，右端叠放着物块B。

物块C和D间夹着一根被压缩的轻弹簧，并用细线锁定，两者以共同速度v0=6m/s向右运动，在物块C到达O之前突然烧断细线，C和弹簧分离后，某时与A碰撞并粘连（碰撞时间极短）。

此后，AC及B的速度图象如图乙，已知A、B、C、D的质量相等，且A、C与粗糙面的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

重力加速度g=10m/s2,求：

（1）C与弹簧分离后D的速度vD；

（2）A与间B动摩擦因数μ1及A与桌面间的动摩擦因数μ2；

（3）最终B离A右端的距离。

（1）

（2）（3）

（1）设各物体的质量为m

由图可知，AC一起运动的初速度为

设C与A碰前瞬间的速度为,则

弹簧解锁过程动量守恒：

解得，分离后D的速度

解得

AC整体减速运动的大小：

解得

（3）AC在碰后1s内的位移

B在这1s的位移

假设第1s后A、B、C三者相对静止，一起减速，则它们的加速度大小：

对B：

这说明假设不成立，A、C的加速度较大，应是：

第1s后，B减速运动的加速度大小不变，其位移有