浙江高考理科数学历年真题之解析几何大题教师版Word格式文档下载.docx
《浙江高考理科数学历年真题之解析几何大题教师版Word格式文档下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《浙江高考理科数学历年真题之解析几何大题教师版Word格式文档下载.docx(17页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
即有惟一解,
所以故=0
又因为e,即,所以
从而得 故所求的椭圆方程为
(Ⅱ)由(Ⅰ)得, 所以,从而M(1+,0)
由,解得因此
因为,又,,得
,因此,
3、(2007年)如图,直线与椭圆交于两点,记的面积为.
()求在,的条件下,的最大值;
()当,时,求直线的方程.
()设点的坐标为,点的坐标为.
由,解得
所以,当且仅当时,.S取到最大值1.
(Ⅱ)解:
由得
①
|AB|=②
又因为O到AB的距离 所以 ③
③代入②并整理,得,解得,,
代入①式检验,△>0,故直线AB的方程是
或或或.
4、(2008年)已知曲线C是到点P()和到直线距离相等的点的轨迹。
是过点Q(-1,0)的直线,M是C上(不在上)的动点;
A、B在上,
轴(如图)。
(Ⅰ)求曲线C的方程;
(Ⅱ)求出直线的方程,使得为常数。
(Ⅰ)设为上的点,则,
到直线的距离为.
由题设得.化简,得曲线的方程为.
(Ⅱ)解法一:
设,直线,则,从而.
在中,因为,.
所以.
,.
当时,,
从而所求直线方程为.
解法二:
设,直线,则,从而
.过垂直于的直线.
因为,所以,
.
5、(2009年)已知椭圆:
的右顶点为,过的
焦点且垂直长轴的弦长为.
(I)求椭圆的方程;
(II)设点在抛物线:
上,在点处的切线与交于
点.当线段的中点与的中点的横坐标相等时,求的最小值.
(Ⅰ)解:
由题意,得从而
因此,所求的椭圆方程为.
如图,设,
则抛物线在点处的切线斜率为.
直线的方程为:
将上式代入椭圆的方程中,得.
即.①
因为直线与椭圆有两个不同的交点,
所以①式中的.②
设线段的中点的横坐标是,则.
由题意,得,即.③
由③式中的,得,或.
当时,.
则不等式②不成立,所以.
当时,代入方程③得,
将代入不等式②,检验成立.
所以,的最小值为1.
6、(2010年)已知,直线椭圆
分别为椭圆C的左、右焦点.
(I)当直线过右焦点F2时,求直线的方程;
(II)设直线与椭圆C交于A,B两点,,的重心分
别为G,H.若原点O在以线段GH为直径的圆内,求实数m的取值范围.
因为直线经过,所以
又因为所以故直线的方程为
(Ⅱ)解:
设,
由消去得:
则由,知
且有
由于故O为F1F2的中点,
由,可知
设M是GH的中点,则
由题意可知,
好
即
而
所以即
又因为所以所以的取值范围是(1,2)。
7、(2011年)已知抛物线=,圆的圆心为点M。
(Ⅰ)求点M到抛物线的准线的距离;
(Ⅱ)已知点P是抛物线上一点(异于原点),过点P作圆的两条切线,交抛物线于A,B两点,若过M,P两点的直线垂足于AB,求直线的方程.
8、(2012年)如图,椭圆的离心率为,其左焦点到点P(2,1)的距离为,不过原点O的直线与C相交于A,B两点,且线段AB被直线OP平分。
(Ⅰ)求椭圆C的方程;
(Ⅱ)求△面积取最大值时直线的方程。
9、(2013年)如图,点是椭圆
的一个顶点,的长轴是圆的直径,是过点
且互相垂直的两条直线,其中交于两点,交于另一点.
求椭圆的方程;
求面积取最大值时直线的方程.
(1)由题意得
∴椭圆的方程为
(2)设
由题意知直线的斜率存在,不妨设其为,则直线的方程为
故点到直线的距离为,又圆:
∴
又,∴直线的方程为
由,消去,整理得,
故,代入的方程得
设△的面积为,则
当且仅当,即时上式取等号。
∴当时,△的面积取得最大值,
此时直线的方程为
10、(2014年)如图,设椭圆动直线与椭圆只有一个公共点,且点在第一象限.
已知直线的斜率为,用表示点的坐标;
若过原点的直线与垂直,证明:
点到直线的距离的最大值为.
(1)方法1:
设直线l的方程为
,由
,消去y得
由于直线l与椭圆C只有一个公共点P,故△=0,即,解得点P的坐标为
又点P在第一象限,故点P的坐标为
方法2:
作变换
,则椭圆C:
变为圆
:
切点
变为点
,切线(
变为
。
在圆
中设直线
的方程为(
),
由
解得
即
,由于
所以
,得
代入得
即,
利用逆变换代入即得:
(2)由于直线l1过原点O且与直线l垂直,故直线l1的方程为x+ky=0,所以点P到直线l1的距离
整理得:
因为,所以
当且仅当
时等号成立。
所以,点P到直线
的距离的最大值为
11、(2015年)已知椭圆=1上两个不同的点A,B关于直线y=mx+对称.
求实数m的取值范围;
求△AOB面积的最大值(O为坐标原点)
解:
(1)由题意,可设直线AB的方程为x=-my+n,代入椭圆方程,可得(m2+2)y2-2mny+n2-2=0,
设A(x1,y1),B(x2,y2).由题意,△=4m2n2-4(m2+2)(n2-2)=8(m2-n2+2)>0,
设线段AB的中点P(x0,y0),则.x0=-m×
+n=,
由于点P在直线y=mx+上,∴=+,
∴,代入△>0,可得3m4+4m2-4>0,
解得m2,∴或m.
(2)直线AB与x轴交点横坐标为n,
∴S△OAB==|n|•=,
由均值不等式可得:
n2(m2-n2+2)=,
∴S△AOB=,当且仅当n2=m2-n2+2,即2n2=m2+2,又∵,解得m=,
当且仅当m=时,S△AOB取得最大值为.
12、(2016年)如图,设椭圆.
(1)求直线被椭圆截得的线段长(用、表示);
(2)若任意以点为圆心的圆与椭圆至多有3个公共点,求椭圆离心率的取值范围.
I)设直线被椭圆截得的线段为,由得
故
因此
(II)假设圆与椭圆的公共点有个,由对称性可设轴左侧的椭圆上有两个不同的点,,满足
记直线,的斜率分别为,,且,,.
由(I)知,
,,
所以.
由于,,得
,
①
因为①式关于,的方程有解的充要条件是
所以
因此,任意以点为圆心的圆与椭圆至多有个公共点的充要条件为
由得,所求离心率的取值范围为.
13、(2017年)如图,已知抛物线x2=y,点A(-,),B(,),抛物线上的点p(x,y)(-<x<).过点B作直线AP的垂线,垂足为Q.
(1)求直线AP斜率的取值范围;
(2)求|PA|·
|PQ|的最大值.
(1)设直线AP的斜率为k,
k==x-,
因为-<x<,所以直线AP斜率的取值范围是(-1,1).
(2)联立直线AP与BQ的方程
解得点Q的横坐标是xQ=.
因为|PA|=(x+)=(k+1),
|PQ|=(xQ-x)=-,
所以|PA|·
|PQ|=-(k-1)(k+1)3.
令f(k)=-(k-1)(k+1)3,
因为f′(k)=-(4k-2)(k+1)2,
所以f(k)在区间(-1,)上单调递增,(,1)上单调递减,
因此当k=时,|PA|·
|PQ|取得最大值.