人教版高中物理选修35复习试题含答案2套Word格式.docx

人教版高中物理选修35复习试题含答案2套Word格式.docx

《人教版高中物理选修35复习试题含答案2套Word格式.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《人教版高中物理选修35复习试题含答案2套Word格式.docx（28页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

A．α射线是高速运动的氦原子

B．核聚变反应方程

H＋

H→

He＋

n中，

n表示质子

C．从金属表面逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成正比

D．玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征

答案　D

解析　α射线是高速运动的氦原子核，选项A错误；

n表示中子，选项B错误；

根据光电效应方程Ek＝hν－W0可知光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系而非正比关系，选项C错误；

根据玻尔的原子理论可知，选项D正确．

3．有关图1中四幅图的说法正确的是（　　）

图1

A．甲图中，水平地面光滑，球m1以速度v碰撞静止球m2，若两球质量相等，碰后m2的速度一定为v

B．乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大

C．丙图中，射线1由β粒子组成，射线2为γ射线，射线3由α粒子组成

D．丁图中，链式反应属于轻核聚变

答案　B

解析　题图甲中只有发生弹性碰撞时，碰后m2的速度才为v，则A错误．题图丙中射线1由α粒子组成，射线3由β粒子组成，射线2为γ射线，C错误．题图丁中，链式反应属于重核裂变，D错误．

4．中子n、质子p、氘核D的质量分别为mn、mp、mD.现用光子能量为E的γ射线照射静止氘核使之分解，核反应方程为γ＋D→p＋n，若分解后中子、质子的动能可视为相等，则中子的动能是（　　）

A.

[（mD－mp－mn）c2－E]

B.

[（mD＋mn－mp）c2＋E]

C.

[（mD－mp－mn）c2＋E]

D.

[（mD＋mn－mp）c2－E]

答案　C

解析　氘核分解为核子时，要吸收能量，质量增加，本题核反应过程中γ射线能量E对应质量的增加和中子与质子动能的产生，即E＝Δmc2＋2Ek＝（mp＋mn－mD）c2＋2Ek得Ek＝

[E－（mp＋mn－mD）c2]＝

[（mD－mp－mn）c2＋E]，故选C.

5．以下有关近代物理内容的叙述，正确的是（　　）

A．紫外线照射到锌板表面时能够发生光电效应，当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大

B．卢瑟福的α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子

C．重核的裂变和轻核的聚变过程一定有质量亏损，释放出核能

D．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，辐射一定频率的光子，同时氢原子的电势能增加，电子的动能减少

6．如图2所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n＝4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干种不同频率的光，下列说法正确的是（　　）

图2

A．这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光

B．由n＝2能级跃迁到n＝1能级产生的光的频率最小

C．用n＝2能级跃迁到n＝1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应

D．由n＝4能级跃迁到n＝1能级产生的光波长最大

解析　大量处于n＝4激发态的氢原子向低能级跃迁最多可以辐射出N＝

＝6种不同频率的光子，A错误；

由n＝4能级跃迁到n＝3能级产生的光的频率最小，波长最长，B、D错误；

从n＝2能级跃迁到n＝1能级辐射出的光子的能量为E＝E2－E1＝10.2eV，大于金属铂的逸出功，能使其发生光电效应，C正确．

7．如图3所示，光滑水平面上有质量均为m的物块A和B，B上固定一轻质弹簧，B静止，A以速度v0水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到最短的过程中（　　）

图3

A．A、B的动量变化量相同

B．A、B的动量变化率相同

C．A、B系统的总动能保持不变

D．A、B系统的总动量保持不变

解析　两物块相互作用过程中系统所受的合外力为零，系统的总动量守恒，则A、B的动量变化量大小相等、方向相反，所以动量变化量不同，故A错误，D正确；

由动量定理Ft＝Δp可知，动量的变化率等于物块所受到的合外力，A、B两物块所受的合外力大小相等、方向相反，所受到的合外力不同，则动量的变化率不同，故B错误；

A、B和弹簧组成的系统的总机械能不变，弹性势能在变化，则总动能在变化，故C错误．

8．下列说法中错误的是（　　）

A．卢瑟福通过实验发现质子的核反应方程为

N→

O＋

H

B．铀核裂变的核反应方程是：

U→

Ba＋

Kr＋2

n

C．质子、中子、α粒子的质量分别为m1、m2、m3，质子和中子结合成一个α粒子，释放的能量是（2m1＋2m2－m3）c2

D．原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；

原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1＞λ2，那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收波长为

的光子

解析　1919年，卢瑟福做了α粒子轰击氮原子核的实验，发现了质子，核反应方程为：

He＋

H，选项A正确；

铀核裂变时，需要中子轰击铀核，所以铀核裂变的核反应方程是

U＋

n→

Kr＋3

n，选项B错误；

根据爱因斯坦质能关系式可知，选项C正确；

设波长为λ1的光子能量为E1，波长为λ2的光子能量为E2，原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收的光子能量为E3，波长为λ3，则E1＝

，E2＝

，E3＝

；

E3＝E2－E1，可推知λ3＝

，D正确．

9．如图4所示，在光滑水平地面上有A、B两个小物块，其中物块A的左侧连接一轻质弹簧．物块A处于静止状态，物块B以一定的初速度向物块A运动，并通过弹簧与物块A发生弹性正碰．对于该作用过程，两物块的速率变化可用速率－时间图象进行描述，在选项所示的图象中，图线1表示物块A的速率变化情况，图线2表示物块B的速率变化情况，则在这四个图象中可能正确的是（　　）

图4

解析　物块B刚开始压缩弹簧时，A做加速运动，B做减速运动，随着弹簧压缩量的增大，弹簧的弹力增大，两个物块的加速度增大，当弹簧压缩至最短时，二者的速度相等；

此后A继续加速，B继续减速，弹簧的压缩量减小，弹力减小，两个物块的加速度减小．当弹簧恢复原长时B离开弹簧，所以v－t图象斜率的大小都是先增大后减小．设B离开弹簧时A、B的速度分别为vA和vB.取水平向右为正方向，根据动量守恒定律有mBv0＝mAvA＋mBvB，由机械能守恒定律得

mBv02＝

mAvA2＋

mBv

，联立解得vA＝

v0，vB＝

v0，若mB>

mA，则vA>

vB，所以B选项的图象是可能的．若mB＝mA，则vA＝v0，vB＝0.若mB<

0，vB<

0.综上，只有B选项的图象是可能的．

10．如图5所示的装置用来研究光电效应现象，当用光子能量为2.5eV的光照射到光电管阴极上时，电流表G的读数为0.2mA，移动变阻器的触头c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，则（　　）

图5

A．光电管阴极的逸出功为1.8eV

B．开关S断开后，没有电流流过电流表G

C．改用光子能量为1.5eV的光照射，电流表G也有电流，但电流较小

D．光电子的最大初动能为0.7eV

答案　AD

解析　该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，则知光电子的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程Ek＝hν－W0得，逸出功W0＝1.8eV，故A、D正确；

当开关S断开后，用光子能量为2.5eV的光照射到光电管阴极上时发生了光电效应，有光电子逸出，则有电流流过电流表，故B错误；

改用光子能量为1.5eV的光照射，由于光子的能量小于逸出功，所以不能发生光电效应，无光电流，故C错误．

11．如图6所示，这是一个研究光电效应的电路图，下列叙述中正确的是（　　）

图6

A．只调换电源的极性（同时调整电压表），移动滑片P，当电流表示数为零时，电压表示数为遏止电压Uc的数值

B．保持光照条件不变，滑片P向右滑动的过程中，电流表示数可能不变

C．不改变光束颜色和电路，增大入射光束强度，电流表示数会增大

D．阴极K需要预热，光束照射后需要一定的时间才会有光电流

答案　BC

解析　当只调换电源的极性时，电子从K到A减速运动，到A恰好速度为零时对应电压为遏止电压，所以A项错误；

其他条件不变，P向右滑动，加在光电管两端的电压增加，光电流增大，直至达到饱和电流，若在滑动P前，电流已达饱和电流，那么即使增大电压，光电流也不会增大，B项正确；

只改变光束强度时，单位时间内光电子数变多，电流表示数变大，C项正确；

因为光电效应的发生是瞬间的，阴极K不需要预热，所以D项错误．

12．如图7所示，在足够长的水平地面上有两辆相同的小车甲和乙，A、B两点相距为5m，小车甲从B点以大小为4m/s的速度向右做匀速直线运动的同时，小车乙从A点由静止开始以大小为2m/s2的加速度向右做匀加速直线运动．一段时间后，小车乙与小车甲相碰（碰撞时间极短），碰后两车粘在一起，整个过程中，两车的受力不变（不计碰撞过程）．下列说法正确的是（　　）

图7

A．小车乙追上小车甲用时4s

B．小车乙在追上小车甲之前它们的最远距离为9m

C．碰后瞬间两车的速度大小为7m/s

D．若地面光滑，则碰后两车的加速度大小仍为2m/s2

解析　小车乙追上小车甲时，有x乙－x甲＝5m，即

at2－v甲t＝5m，代入数据得

×

2m/s2×

t2－4m/s×

t＝5m，解得t＝5s（另一负值舍去），所以小车乙追上小车甲用时5s，故A错误．当两车的速度相等时相距最远，则有v甲＝at′，得t′＝

＝

s＝2s，最远距离s＝5m＋v甲t′－

at′2＝5m＋4×

2m－

2×

22m＝9m，故B正确．碰前瞬间乙车的速度v乙＝at＝2×

5m/s＝10m/s，对于碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得mv甲＋mv乙＝2mv，解得碰后瞬间两车的共同速度v＝7m/s，故C正确．若地面光滑，碰前乙车所受到的作用力F＝ma，甲车所受到的合外力为0，则碰后两车的加速度大小a′＝

＝1m/s2，故D错误．

二、填空题（本题共2小题，共计12分）

13．（6分）在“探究碰撞中的不变量”实验中，装置如图8所示，两个小球的质量分别为mA和mB.

图8

（1）现有下列器材，为完成本实验，哪些是必需的？

________.

A．秒表B．刻度尺

C．天平D．圆规

（2）如果碰撞中动量守恒，根据图中各点间的距离，则下列式子可能成立的有________．

B.

D.

答案　

（1）BCD　

（2）A

解析　

（1）由实验原理可知，需要测小球质量，测OM、OP、ON距离，为准确确定落点，用圆规把多次实验的落点用尽可能小的圆圈起，把圆心作为落点，所以需要天平、刻度尺、圆规．

（2）根据动量守恒定律有：

mAOP＝mAOM＋mBON，即mAMP＝mBON，A正确．