高中物理第四章力与运动微型专题滑块木板模型和传送带模型学案粤教版必修1Word文件下载.docx
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μ1mg＝maB
解得aB＝1m/s2
对于A，由牛顿第二定律得：
F－μ1mg－μ2（m＋M）g＝MaA
解得aA＝2m/s2
（2）设经时间t抽出，则sA＝
aAt2
sB＝
aBt2
Δs＝sA－sB＝l－s
解得t＝2s.
【考点】滑块—木板模型问题
【题点】滑块—木板模型的动力学问题
求解“滑块—木板”类问题的方法技巧
1.搞清各物体初态对地的运动和相对运动（或相对运动趋势），根据相对运动（或相对运动趋势）情况，确定物体间的摩擦力方向.
2.正确地对各物体进行受力分析，并根据牛顿第二定律确定各物体的加速度，结合加速度和速度的方向关系确定物体的运动情况.
针对训练1 如图2所示，质量为M＝1kg的长木板静止在光滑水平面上，现有一质量为m＝0.5kg的小滑块（可视为质点）以v0＝3m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板向前滑动.已知滑块与木板上表面间的动摩擦因数μ＝0.1，重力加速度g取10m/s2，木板足够长.求：
图2
（1）滑块在木板上滑动过程中，长木板受到的摩擦力大小和方向；
（2）滑块在木板上滑动过程中，滑块相对于水平面的加速度a的大小；
（3）滑块与木板达到的共同速度v的大小.
答案
（1）0.5N 向右
（2）1m/s2 （3）1m/s
解析
（1）滑块所受摩擦力为滑动摩擦力
F1＝μmg＝0.5N，方向向左
根据牛顿第三定律，滑块对木板的摩擦力方向向右，大小为0.5N.
（2）根据牛顿第二定律得：
μmg＝ma
得a＝μg＝1m/s2
（3）木板的加速度a′＝
μg＝0.5m/s2
设经过时间t，滑块和长木板达到共同速度v，则满足：
对滑块：
v＝v0－at
对长木板：
v＝a′t
由以上两式得：
滑块和长木板达到的共同速度v＝1m/s.
二、传送带类问题
1.特点：
传送带运输是利用货物和传送带之间的摩擦力将货物运送到别的地方去.它涉及摩擦力的判断、运动状态的分析和运动学知识的运用.
2.解题思路：
（1）判断摩擦力突变点（含大小和方向），给运动分段；
（2）物体运动速度与传送带运行速度相同，是解题的突破口；
（3）考虑物体与传送带共速之前是否滑出.
例2
如图3所示，水平传送带正在以v＝4m/s的速度匀速顺时针转动，质量为m＝1kg的某物块（可视为质点）与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，将该物块从传送带左端无初速度地轻放在传送带上（g取10m/s2）.
图3
（1）如果传送带长度L＝4.5m，求经过多长时间物块将到达传送带的右端；
（2）如果传送带长度L＝20m，求经过多长时间物块将到达传送带的右端.
答案
（1）3s
（2）7s
解析 物块放到传送带上后，在滑动摩擦力的作用下先向右做匀加速运动.由μmg＝ma得a＝μg，
若传送带足够长，匀加速运动到与传送带同速后再与传送带一同向右做匀速运动.
物块匀加速运动的时间t1＝
＝
＝4s
物块匀加速运动的位移s1＝
at12＝
μgt12＝8m
（1）因为4.5m<
8m，所以物块一直加速，
由L＝
at2得t＝3s
（2）因为20m>
8m，所以物块速度达到传送带的速度后，摩擦力变为0，此后物块与传送带一起做匀速运动，
物块匀速运动的时间t2＝
s＝3s
故物块到达传送带右端的时间t′＝t1＋t2＝7s.
【考点】传送带问题
【题点】水平传送带问题
分析水平传送带问题的注意事项
当传送带水平运动时，应特别注意摩擦力的突变和物体运动状态的变化.摩擦力的突变，常常导致物体的受力情况和运动性质的突变.静摩擦力达到最大值，是物体和传送带恰好保持相对静止的临界状态；
滑动摩擦力存在于发生相对运动的物体之间，因此两物体的速度达到相同时，滑动摩擦力要发生突变（滑动摩擦力为0或变为静摩擦力）.
针对训练2 （多选）如图4甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，用于对旅客的行李进行安全检查.其传送装置可简化为如图乙模型，紧绷的传送带始终保持v＝1m/s的恒定速率运行.旅客把行李（可视为质点）无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，A、B间的距离为2m，g取10m/s2.若乘客把行李放到传送带的同时也以v＝1m/s的恒定速率平行于传送带运动到B处取行李，则（ ）
图4
A.乘客与行李同时到达B处
B.乘客提前0.5s到达B处
C.行李提前0.5s到达B处
D.若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B处
答案 BD
解析 行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动.加速度为a＝μg＝1m/s2，历时t1＝
＝1s达到共同速度，位移s1＝
t1＝0.5m，
此后行李匀速运动t2＝
＝1.5s，到达B共用2.5s.乘客到达B，历时t＝
＝2s，故B正确.若传送带速度足够大，行李一直加速运动，最短运动时间tmin＝
s＝2s，D正确.
例3
如图5所示，传送带与水平地面的夹角为θ＝37°
，AB的长度为64m，传送带以20m/s的速度沿逆时针方向转动，在传送带上端A点无初速度地放上一个质量为8kg的物体（可视为质点），它与传送带之间的动摩擦因数为0.5，求物体从A点运动到B点所用的时间.（sin37°
＝0.6，cos37°
＝0.8，g＝10m/s2）
图5
答案 4s
解析 开始时物体下滑的加速度：
a1＝g（sin37°
＋μcos37°
）＝10m/s2，运动到与传送带共速的时间为：
t1＝
s＝2s，下滑的距离：
s1＝
a1t12＝20m；
由于tan37°
＝0.75＞0.5，故物体2s后继续加速下滑，且此时：
a2＝g（sin37°
－μcos37°
）＝2m/s2，根据s2＝vt2＋
a2t22，解得：
t2＝2s，故共用时间t＝4s.
【题点】倾斜传送带问题
物体沿着倾斜的传送带向下加速运动到与传送带速度相等时，若μ≥tanθ，物体随传送带一起匀速运动；
若μ<
tanθ，物体将以较小的加速度a＝gsinθ－μgcosθ继续加速运动.
1.（传送带问题）如图6所示，物块m在传送带上向右运动，两者保持相对静止.则下列关于m所受摩擦力的说法中正确的是（ ）
图6
A.皮带传送速度越大，m受到的摩擦力越大
B.皮带传送的加速度越大，m受到的摩擦力越大
C.皮带速度恒定，m质量越大，所受摩擦力越大
D.无论皮带做何种运动，m都一定受摩擦力作用
答案 B
解析 物块若加速运动，其合外力由传送带给它的摩擦力来提供，故加速度大，摩擦力大，B正确；
当物块匀速运动时，物块不受摩擦力，故A、C、D错误.
2.（传送带问题）如图7所示，水平放置的传送带以速度v＝2m/s沿顺时针方向转动，现将一小物体轻轻地放在传送带A端，物体与传送带间的动摩擦因数μ＝0.2，g取10m/s2.若A端与B端相距6m，则物体由A到B的时间为（ ）
图7
A.2sB.2.5s
C.3.5sD.4s
答案 C
解析 物体放在传送带上，传送带对物体有向右的滑动摩擦力，使物体开始做匀加速直线运动，物体与传送带速度相等后滑动摩擦力消失，物体与传送带以相同的速度做匀速直线运动.根据牛顿第二定律得μmg＝ma，物体加速运动的加速度为a＝μg＝2m/s2，达到共同速度所用的时间t1＝
＝1s，发生的位移s1＝
t1＝1m，此后匀速运动的时间t2＝
＝2.5s，到达B共用时间3.5s，选项C正确.
3.（滑块—木板模型）（多选）如图8所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦.现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（ ）
图8
A.物块先向左运动，再向右运动
B.物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动
C.木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动
D.木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零
答案 BC
解析 当物块相对木板滑动了一段距离仍有相对运动时撤掉拉力，此时物块的速度小于木板的速度，两者之间存在滑动摩擦力，物块受到木板的滑动摩擦力的方向向右，与其速度方向相同，向右做加速运动，而木板受到物块的滑动摩擦力的方向向左，与其速度方向相反，向右做减速运动，当两者速度相等时一起向右做匀速直线运动，B、C正确.
4.（滑块—木板模型）如图9所示，长度l＝2m，质量M＝
kg的木板置于光滑的水平地面上，质量m＝2kg的小物块（可视为质点）位于木板的左端，木板和小物块间的动摩擦因数μ＝0.1，现对小物块施加一水平向右的恒力F＝10N，取g＝10m/s2.求：
图9
（1）将木板M固定，小物块离开木板时的速度大小；
（2）若木板M不固定：
①m和M的加速度a1、a2的大小；
②小物块从开始运动到离开木板所用的时间.
答案
（1）4m/s
（2）①4m/s2 3m/s2 ②2s
解析
（1）对小物块进行受力分析，由牛顿第二定律得
F－μmg＝ma
解得a＝4m/s2
小物块离开木板时，有v2＝2al
解得v＝4m/s.
（2）①对m，由牛顿第二定律：
F－μmg＝ma1
解得a1＝4m/s2
对M，由牛顿第二定律：
μmg＝Ma2
解得a2＝3m/s2.
②由位移公式知
a1t2，s2＝
a2t2
小物块从开始运动到离开木板，有
s1－s2＝l
联立解得t＝2s.
【题点】滑块—木板模型
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