届人教A版文 四 数列 检测卷Word文档格式.docx
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∴由图表可得x2=f(x1)=3,x3=f(x2)=5,x4=f(x3)=6,x5=f(x4)=1,x6=f(x5)=3,…,
∴数列{xn}是周期为4的周期数列,
∴x1+x2+…+x2018
=504(x1+x2+x3+x4)+x1+x2
=504×
15+4=7564.
故选A.
(2)由于{an}是等比数列,
则a3a5=a
=4,又a2=12,
则a4>0,a4=2,q2=
,
当q=-
时,
{an}和{Sn}不具有单调性,选项A和B错误;
a2n=a2q2n-2=12×
n-1单调递减,选项C正确;
时,{S2n}不具有单调性,选项D错误.
(1)A
(2)C
(1)解决数列的单调性问题的下三种方法
①用作差比较法,根据an+1-an的符号判断数列{an}是递增数列、递减数列或是常数列.
②用作商比较法,根据
(an>0或an<0)与1的大小关系进行判断.
③结合相应函数的图象直观判断.
(2)解决数列周期性问题的方法
先根据已知条件求出数列的前几项,确定数列的周期,再根据周期性求值.
(3)数列的最值可以利用数列的单调性或求函数最值的思想求解.
1.(2016·
安徽皖江名校联考)已知数列{an}的首项为2,且数列{an}满足an+1=
,数列{an}的前n项和为Sn,则S2016=( )
A.504B.588
C.-588D.-504
解析:
选C ∵a1=2,an+1=
∴a2=
,a3=-
,a4=-3,a5=2,…,
∴数列{an}是周期为4的周期数列,
且a1+a2+a3+a4=-
∵2016=4×
504,
∴S2016=504×
=-588.
2.(2016·
全国乙卷)设等比数列{an}满足a1+a3=10,a2+a4=5,则a1a2…an的最大值为________.
设等比数列{an}的公比为q,
则由a1+a3=10,a2+a4=q(a1+a3)=5,
知q=
.又a1+a1q2=10,∴a1=8.
故a1a2…an=a
q1+2+…+(n-1)=23n·
=2
.
记t=-
+
=-
(n2-7n)=-
2+
结合n∈N*可知n=3或4时,t有最大值6.
又y=2t为增函数,
从而a1a2…an的最大值为26=64.
答案:
64
数列的和
如果有穷数列a1,a2,a3,…,am(m为正整数)满足条件a1=am,a2=am-1,…,am=a1,即ai=am-i+1(i=1,2,…,m),我们称其为“对称数列”.例如,数列1,2,3,4,3,2,1与数列a,b,c,c,b,a都是“对称数列”.
(1)设{bn}是8项的“对称数列”,其中b1,b2,b3,b4是等差数列,且b1=1,b5=13.依次写出{bn}的每一项;
(2)设{cn}是2m+1项的“对称数列”,其中cm+1,cm+2,…,c2m+1是首项为a,公比为q的等比数列,求{cn}的各项和Sn.
(1)设数列{bn}的前4项的公差为d,
则b4=b1+3d=1+3d.
又因为b4=b5=13,解得d=4,
所以数列{bn}为1,5,9,13,13,9,5,1.
(2)由题意得,当q≠1时,Sn=c1+c2+…+c2m+1
=2(cm+1+cm+2+…+c2m+1)-cm+1
=2a(1+q+q2+…+qm)-a
=2a·
-a.
而当q=1时,Sn=(2m+1)a.
∴Sn=
(1)本题在求等比数列{cn}前n项和时可利用分类讨论思想.
(2)分类讨论思想在等比数列中应用较多,常见的分类讨论有
①已知Sn与an的关系,要分n=1,n≥2两种情况.
②等比数列中遇到求和问题要分公比q=1,q≠1讨论.
③项数的奇、偶数讨论.
④等比数列的单调性的判断注意与a1,q的取值的讨论.
⑤求数列{|an|}的前n项和要用到分类讨论.
(2016·
浙江高考)设数列{an}的前n项和为Sn,已知S2=4,an+1=2Sn+1,n∈N*.
(1)求通项公式an;
(2)求数列{|an-n-2|}的前n项和.
解:
(1)由题意得
解得
又当n≥2时,
由an+1-an=(2Sn+1)-(2Sn-1+1)=2an,
得an+1=3an,
所以数列{an}的通项公式为an=3n-1,n∈N*.
(2)设bn=|3n-1-n-2|,n∈N*,
则b1=2,b2=1.
当n≥3时,由于3n-1>n+2,
故bn=3n-1-n-2,n≥3.
设数列{bn}的前n项和为Tn,
则T1=2,T2=3,
当n≥3时,
Tn=3+
-
=
因为当n=2时,
也符合Tn=
所以Tn=
构造法求通项公式
(1)已知数列{an}满足a1=3,且an+1=4an+3(n∈N*),则数列{an}的通项公式为( )
A.an=22n-1+1B.an=22n-1-1
C.an=22n+1D.an=22n-1
(2)已知正项数列{an}中,a1=2,an+1=2an+3×
5n,则数列{an}的通项an=( )
A.-3×
2n-1B.3×
2n-1
C.5n+3×
2n-1D.5n-3×
(1)由an+1=4an+3,
得an+1+1=4(an+1),
故数列{an+1}是首项为a1+1=4,公比为4的等比数列,
所以an+1=4n,
所以an=22n-1.
(2)法一:
在递推公式an+1=2an+3×
5n的两边同时除以5n+1,得
×
,①
令
=bn,则①式变为bn+1=
bn+
即bn+1-1=
(bn-1),
所以数列{bn-1}是等比数列,
其首项为b1-1=
-1=-
,公比为
所以bn-1=
n-1,
即bn=1-
所以
=1-
n-1=1-
故an=5n-3×
2n-1.
法二:
设an+1+k·
5n+1=2(an+k×
5n),
则an+1=2an-3k×
5n,与题中递推公式比较得k=-1,
即an+1-5n+1=2(an-5n),
所以数列{an-5n}是首项为a1-5=-3,公比为2的等比数列,则an-5n=-3×
2n-1,故an=5n-3×
(1)D
(2)D
利用构造法求解数列的通项公式,关键在于递推关系的灵活变形,当an与an-1的系数相同时,主要是通过构造等差数列或利用累加法求通项;
若两者的系数不同,则应构造等比数列或利用作商之后再累乘的方法求解.求解时应注意数列的首项的正确求解以及准确确定累加、累乘最后一个式子的形式.本题的递推公式是an+1=αan+β×
αn的推广an+1=αan+β×
γn,两边同时除以γn+1后得到
·
,转化为bn+1=kbn+
的形式,通过构造公比是
的等比数列
求解.
1.已知数列{an}中,a1=1,an+1=
(n∈N*),则an=________.
因为an+1=
(n∈N*),
+1,设
+t=3
所以3t-t=1,解得t=
=3
又
=1+
所以数列
是以
为首项,3为公比的等比数列,所以
3n-1=
所以an=
2.设数列{an}满足a1=2,an+1-4an=3×
2n+1,则an=______________.
由a1=2,an+1-4an=3×
2n+1得,
=3,
设bn=
,则bn+1=2bn+3,
设bn+1+t=2(bn+t),
所以2t-t=3,
解得t=3,
所以bn+1+3=2(bn+3),
=2,
又b1+3=
+3=1+3=4,
所以数列{bn+3}是以4为首项,2为公比的等比数列,
所以bn+3=4×
2n-1=2n+1,
所以bn=2n+1-3,
所以an=bn·
2n=(2n+1-3)×
2n=22n+1-3×
2n.
22n+1-3×
2n
1.在数列{an}中,已知a1=2,a2=7,an+2等于anan+1(n∈N*)的个位数,则a2016=( )
A.8 B.6
C.4D.2
选B 由题意得:
a3=4,a4=8,a5=2,a6=6,a7=2,a8=2,a9=4,a10=8,…,所以数列中的项从第3项开始呈周期性出现,周期为6,故a2016=a335×
6+6=a6=6.
2.已知数列{an}的前n项和为Sn,点(n,Sn)在函数f(x)=x2+x-2的图象上,则数列{an}的通项公式为( )
A.an=2n-2B.an=n2+n-2
C.an=
D.an=
选D 由于点(n,Sn)在函数f(x)的图象上,则Sn=n2+n-2,当n=1时,得a1=S1=0,当n≥2时,得an=Sn-Sn-1=n2+n-2-=2n.故选D.
3.若数列{bn}的通项公式为bn=-
+13,则数列{bn}中的最大项的项数为( )
A.2或3B.3或4
C.3D.4
选B 设数列{bn}的第n项最大.
由
即
整理得
解得n=3或n=4.
又b3=b4=6,
所以当n=3或n=4时,bn取得最大值.
4.设数列{an}的前n项和为Sn,且a1=a2=1,{nSn+(n+2)an}为等差数列,则an=( )
A.
B.
C.
D.
选A 设bn=nSn+(n+2)an,
则b1=4,b2=8,
又{bn}为等差数列,所以bn=4n,
所以nSn+(n+2)an=4n,
所以Sn+
an=4.
当n≥2时,
Sn-Sn-1+
an-
an-1=0,
an=
an-1,
即2·
又因为
=1,
是首项为1,
公比为
的等比数列,
n-1(n∈N*),
(n∈N*).
5.(2017·
山西省质检)记Sn为正项等比数列{an}的前n项和,若
-7·
-8=0,且正整数m,n满足a1ama2n=2a
,则
的最小值是( )
选C ∵{an}是等比数列,设{an}的公比为q,
∴
=q6,
=q3,
∴q6-7q3-8=0,
解得q=2,又a1ama2n=2a
∴a