浙江省名校新高考研究联盟Z20名校联盟届高三毕业班下学期第二次联考数学试题及答案.docx
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浙江省名校新高考研究联盟Z20名校联盟届高三毕业班下学期第二次联考数学试题及答案
绝密★启用前
浙江省名校新高考研究联盟(Z20名校联盟)
2022届高三毕业班下学期第二次联考检测(二模)
数学试题
一、选择题:
本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.设集合,集合,则()
A.B.
C.D.
2.已知,且,其中是虚数单位,则等于()
A.5B.C.D.1
3.若是直角三角形的三边(为斜边),则直线被圆所截得的弦长为()
A.1B.C.2D.
4.已知,均为单位向量,其夹角为,则“”是“”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
5.若实数满足约束条件则的最大值为()
A.0B.C.D.1
6.函数的图象可能是()
AB.
C.D.
7.四棱锥的各棱长均相等,是上的动点(不包括端点),点在线段上且满足,分别记二面角,,的平面角为,则()
A.B.
C.D.
8.已知点是双曲线右支上的任意一点,由点向双曲线的两条渐近线引垂线,垂足为和,则的面积为()
A.B.
C.D.
9.已知,函数若关于的方程恰有两个互异的实数解,则实数的取值范围是()
AB.
C.D.
10.数列满足:
,,记数列的前项和,则()
A.B.
CD.
二、填空题:
本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.
11.我国南宋著名数学家秦九韶在他的著作《数书九章》记述了“三斜求积术”,用现代式子表示即为:
在中,角所对的边分别为,则的面积为.根据此公式,若,且,则这个三角形的面积为_________.
12.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为_________,表面积为_________.
13.已知随机变量的分布列如下,且满足,则_________,又,则_________.
0
1
14.已知,.若,则_________;_________.
15.已知正实数满足,则的最大值为_________;的最小值为_________.
16.将3个不同颜色的小球放入排成一排的6个相同的盒子,每个盒子最多可以放一个小球,则3个空盒中恰有2个空盒相邻的放法共有_________种.(用数字作答)
17.已知平面向量,,满足:
,,则的最小值是_________.
三、解答题:
本大题共5大题,共74分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
18.已知函数.
(1)求的单调递增区间及值域;
(2)若,,求的值.
19.已知平行四边形,,,,点是中点,沿将翻折得,使得,且点为的中点.
(1)求证:
平面;
(2)求直线与平面所成角的正弦值.
20.已知数列和,记,分别为和的前项和,为的前项积,且满足,,.
(1)求数列和的通项公式;
(2)设,记数列的前项和为,若对任意的恒成立,求实数的取值范围.
21.已知抛物线,直线与抛物线交于点,,且.
(1)求值.
(2)已知点,过抛物线上一动点(点在直线的左侧)作抛物线的切线分别交,于点,,记,的面积分别为,,求的最小值.
22.已知函数(是自然对数的底数).
(1)若,证明:
在区间上不存在零点;
(2)若,函数有两个极值点,.
(i)求实数的取值范围;
(ii)证明:
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数学试题参考答案
1【答案】A
2【答案】B
3【答案】C
4【答案】B
5【答案】D
6【答案】A
7【答案】D
8【答案】C
9【答案】C
10【答案】D
11【答案】
12【答案】①.②.
13【答案】①.2②.
14【答案】①.2②.40
15【答案】①.②.1
16【答案】72
17【答案】##
18【答案】
(1)单调递增区间为,,的值域为
(2)
【小问1】
解:
∵
∴由,,即,,
所以的单调递增区间为,,
且的值域为;
【小问2】
解:
∵,∴,
∵,则,
又因为,所以,所以,
则
.
19【小问1】
取PD的中点H,连接EH,HF
∵F,H分别为PC,PD的中点,∴
又∵E为AB的中点,∴,
∴,∴FHEB平行四边形,∴,
又∵面PDE,面PDE,∴平面PDE.
【小问2】
∵,,,
∴,如图建立平面直角坐标系:
令,由条件可知,,,,
由,∴,∴
∴.
∴,又∵面BCDE的法向是,
记PE与面BCDE所成角为.
∴,
即PE与面BCDE所成角的正弦值为.
20【答案】
(1),
(2)
【小问1】
时,①,②,
①-②得,
当时,③,④,
③÷④得.
由上可得,即,化简得.
当时,,,两式相等得,.
故,因此且,故.
综上,.
【小问2】
,
⑤
⑥
⑤-⑥得:
,
,
将代入得,
化简得,
因在单调递增,故的最小值为-4,
故.
21【答案】
(1)1;
(2)2.
【小问1】
将代入抛物线方程,得,即,
由,即,解得.
【小问2】
设点,,设直线DE的方程为,
将与抛物线方程联立,得到,
由,可得,
即直线DE的方程为.
由已知得直线AM的方程为,
将DE的方程与AM的方程联立得,同理可得,
易得,由,,
则,所以,
而.
故.
故的最小值为2,此时.
22【小问1】
当时,,求导,
求二阶导,求三阶导,
则函数在单调递增,令,得
当,则,则函数单调递减;当,则,则函数单调递增;
所以,∴在单调递增,
又当时,,所以在无零点.
【小问2】
,求导,
令,则,是的两个零点,
即,是方程的两个根.
由得,即.
令,求导,则在单调递增,
且,∴,
∴,∴,是方程的两根.
(i)令,则,由得.
当,则,则函数单调递增;当,则,则函数单调递减;
且,,.
如图可得:
.
(ii)因为,所以.
.
由,得
所以由对数均值不等式:
,得,∴.
即证.