学年浙江省诸暨市牌头中学高二下学期期末复习数学卷三解析版.docx
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学年浙江省诸暨市牌头中学高二下学期期末复习数学卷三解析版
2018学年浙江省诸暨市牌头中学高二下学期期末复习
数学卷(三)
2018.6
一、选择题:
(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.设全集U=R,且A={x||x﹣1|>2},B={x|x2﹣6x+8<0},则(∁UA)∩B=( )
A.[﹣1,4)B.(2,3)C.(2,3]D.(﹣1,4)
【考点】绝对值不等式的解法;交、并、补集的混合运算;一元二次不等式的解法.
【分析】利用绝对值是表达式的解法求出集合A,二次不等式的解法求解集合B,然后求解(∁UA)∩B.
【解答】解:
A={x||x﹣1|>2}={x|x>3或x<﹣1},
∁UA={x|﹣1≤x≤3}.
B={x|x2﹣6x+8<0}={x|2<x<4},
∴(∁UA)∩B={x|2<x≤3}.
故选:
C.
2.已知m>0且m≠1,则logmn>0是(1﹣m)(1﹣n)>0的( )
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【分析】根据对数不等式以及不等式的性质,结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可.
【解答】解:
若m>1,由logmn>0得n>1,此时1﹣m<0,1﹣n<0,则(1﹣m)(1﹣n)>0成立,
若0<m<1,由logmn>0得0<n<1,此时1﹣m>0,1﹣n>0,则(1﹣m)(1﹣n)>0成立,
即充分性成立,
若(1﹣m)(1﹣n)>0则
或
,当0<m<1,n=0时,满足
,但logmn>0无意义,即必要性不成立,
即logmn>0是(1﹣m)(1﹣n)>0的充分不必要条件,
故选:
A
3.如图,一个简单空间几何体的三视图其主视图与左视图都是边长为2的正三角形,其俯视图轮廓为正方形,则其体积是( )
A.
B.
C.
D.
【考点】由三视图求面积、体积.
【分析】三视图复原的几何体是正四棱锥,求出底面面积,正四棱锥的高,即可求出体积.
【解答】解:
如图据条件可得几何体为底面边长为2的正方形,侧面是等边三角形高为2的正四棱锥,
故其体积V=
×4×
=
.
故选C.
4.已知定义域为R的函数f(x)不是偶函数,则下列命题一定为真命题的是( )
A.∀x∈R,f(﹣x)≠f(x)B.∀x∈R,f(﹣x)≠﹣f(x)
C.∃x0∈R,f(﹣x0)≠f(x0)D.∃x0∈R,f(﹣x0)≠﹣f(x0)
【考点】全称命题;特称命题.
【分析】根据定义域为R的函数f(x)不是偶函数,可得:
∀x∈R,f(﹣x)=f(x)为假命题;则其否定形式为真命题,可得答案.
【解答】解:
∵定义域为R的函数f(x)不是偶函数,
∴∀x∈R,f(﹣x)=f(x)为假命题;
∴∃x0∈R,f(﹣x0)≠f(x0)为真命题,
故选:
C.
5.已知数列{an}满足an=
(n∈N*),若{an}是递减数列,则实数a的取值范围是( )
A.(
,1)B.(
,
)C.(
,1)D.(
,
)
【考点】数列的函数特性.
【分析】依题意,an=
(n∈N*),{an}是递减数列,可知
,解之即可得答案.
【解答】解:
∵an=
(n∈N*),且{an}是递减数列,
∴
,即
,
解得
<a<
.
故选D.
6.已知F为抛物线y2=x的焦点,点A,B在该抛物线上且位于x轴的两侧,
•
=2(其中O为坐标原点),则△AFO与△BFO面积之和的最小值是( )
A.
B.
C.
D.
【考点】抛物线的简单性质.
【分析】先设直线方程和点的坐标,联立直线与抛物线的方程得到一个一元二次方程,再利用韦达定理及
•
=2消元,最后将面积之和表示出来,探求最值问题.
【解答】解:
设直线AB的方程为:
x=ty+m,点A(x1,y1),B(x2,y2),直线AB与x轴的交点为M(m,0),
x=ty+m代入y2=x,可得y2﹣ty﹣m=0,根据韦达定理有y1•y2=﹣m,
∵
•
=2,∴x1•x2+y1•y2=2,从而(y1•y2)2+y1•y2﹣2=0,
∵点A,B位于x轴的两侧,
∴y1•y2=﹣2,故m=2.
不妨令点A在x轴上方,则y1>0,
又F(
,0),
∴S△BFO+S△AFO=
•
•y1+
•
•|y2
=
(y1+
)
≥
•2
=
当且仅当y1=
,即y1=
时,取“=”号,
∴△BFO与△AFO面积之和的最小值是
,
故选:
B.
7.如图四边形ABCD,AB=BD=DA=2.BC=CD=
,现将△ABD沿BD折起,使二面角A﹣BD﹣C的大小在[
,
],则直线AB与CD所成角的余弦值取值范围是( )
A.[0,
]∪(
,1)B.[
,
]C.[0,
]D.[0,
]
【考点】异面直线及其所成的角.
【分析】取BD中点O,连结AO,CO,以O为原点,OC为x轴,OD为y轴,过点O作平面BCD的垂线为z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法能求出直线AB与CD所成角的余弦值取值范围.
【解答】解:
取BD中点O,连结AO,CO,
∵AB=BD=DA=2.BC=CD=
,∴CO⊥BD,AO⊥BD,且CO=1,AO=
,
∴∠AOC是二面角A﹣BD﹣C的平面角,
以O为原点,OC为x轴,OD为y轴,
过点O作平面BCD的垂线为z轴,建立空间直角坐标系,
B(0,﹣1,0),C(1,0,0),D(0,1,0),
设二面角A﹣BD﹣C的平面角为θ,则
,
连AO、BO,则∠AOC=θ,A(
),
∴
,
,
设AB、CD的夹角为α,
则cosα=
=
,
∵
,∴cos
,∴|1﹣
|∈[0,
].
∴cos
.
故选:
D.
8.设函数f:
N•→N•,并且对所有正整数n,有f(n+1)>f(n),f(f(n))=3n,则f
A.2016B.3858C.4030D.6045
【考点】抽象函数及其应用.
【分析】可令n=1,可得f(f
(1))=3,讨论f
(1)=1,2,3,即可判断f
(1)=2,f
(2)=3,进而求得f(3)=6,f(6)=9,…,f(54)=81,…,得到n与f(n)的关系,总结出一般规律,即可得到f)=3,
f(n)为正整数,若f
(1)=1,把f
(1)=1带进去,就成了f
(1)=3,矛盾.
要是f
(1)=2,那就是f
(2)=3,可能正确,
要是f
(1)=3,那就是f(3)=3,不满足f(n+1)>f(n).
所以f
(1)=2,所以f(f
(2))=f(3)=6,f(f(3))=f(6)=9,
f(9)=f(f(6))=18,f(18)=f(f(9))=27,f(27)=f(f(18))=54,f(54)=f(f(27))=81,…,
即有n∈[1,2],f(n)∈[2,3],即f(n)与n一一对应;
n∈[3,6],f(n)∈[6,9],即f(n)与n一一对应;
n∈[9,18],f(n)∈[18,27],即f(n)与n一一对应;
n∈[27,54],f(n)∈[54,81],即f(n)与n一一对应;…;
则得到一般的规律,任意的n为自然数,存在m为自然数,
n∈[3m,3m+1],n=3m+k,
①n∈[3m,2•3m],0≤k≤3m,f(n)=f(3m+k)=2•3m+k;
②n∈[2•3m,3m+1],3m≤k≤3m+1,f(n)=f(3m+k)=2•3m+3m+3(k﹣3m)=3k.
2015∈[2•36,37],2015=36+1286,f
9.双曲线
的实轴长是 2 ,渐近线方程是 y=
x .
【考点】双曲线的简单性质.
【分析】根据双曲线的标准方程分别进行求解即可.
【解答】解:
由双曲线的方程得a2=1,b2=3,
则a=1,b=
,
则双曲线的实轴长2a=2,渐近线方程为y=±
x=
x,
故答案为:
2,y=
x
10.函数f(x)=sinx﹣cosx﹣1的最小正周期是 2π ,单调递增区间是 [2kπ﹣
,2kπ+
],k∈Z .
【考点】三角函数中的恒等变换应用;三角函数的周期性及其求法;正弦函数的图象.
【分析】利用两角和与差的正弦公式,由周期公式求得周期,再由复合函数的单调性求得原函数的单调递增区间.
【解答】解:
f(x)=sinx﹣cosx﹣1=
.
∴T=2π;
由
,得
,k∈Z.
∴f(x)的单调递增区间为[2kπ﹣
,2kπ+
],k∈Z.
故答案为:
2π,[2kπ﹣
,2kπ+
],k∈Z.
11.已知{|an|}是首项和公差均为1的等差数列,则a2= ±2 ,若S2=a1+a2,则S2的所有可能值组成的集合为 {﹣3,﹣1,1,3} .
【考点】等差数列的通项公式.
【分析】解:
由题意|an|=n,分别求出a1、a2的值,再求对应的S2即可.
【解答】解:
由题意|an|=n,n∈N*,
∴a1=±1,a2=±2;
当a1=1,a2=2时,S2=3;
当a1=1,a2=﹣2时,S2=﹣1;
当a1=﹣1,a2=﹣2时,S2=﹣3;
当a1=﹣1,a2=2时,S2=1;
所以S2的所有可能值组成的集合为{﹣3,﹣1,1,3}.
故答案为:
±2;{﹣3,﹣1,1,3}.
12.若2a=6,b=log23,则a﹣b= 1 .
【考点】对数的运算性质.
【分析】根据对数的定义和对数的运算性质计算即可.
【解答】解:
∵2a=6,b=log23
∴a=log26,
∴a﹣b=log26﹣log23=log22=1,
故答案为:
1
13.已知一平面与一正方体的12条棱的所成角都等于α,则sinα=
.
【考点】棱柱的结构特征.
【分析】棱A1A,A1B1,A1D1与平面AB1D1所成的角相等,平面AB1D1就是与正方体的12条棱的夹角均为θ的平面.则∠A1AO=θ,即可得出.
【解答】解:
∵棱A1A,A1B1,A1D1与平面AB1D1所成的角相等,
∴平面AB1D1就是与正方体的12条棱的夹角均为θ的平面.则∠A1AO=θ,
设棱长为:
1,A1O=
,AO=
=
,易知sinθ=
=
=
.
故答案为:
.
14.若实数x,y满足|x|+|y|≤1,则|4x+y﹣2|+|3﹣x﹣2y|的最小值是
,取到此最小值时x=
,y=
.
【考点】绝对值三角不等式.
【分析】分情况讨论目标函数化简,画出约束条件所表示的可行域,结合图形找出最优解,可求出目标函数的最小值.
【解答】解:
(1)当
时,作出满足约束条件的可行域如图,
令z=|4x+y﹣2|+|3﹣x﹣2y|=3x﹣y+1,则y=3x+1﹣z,
∴y=3x+1﹣z过点C时,1﹣z取得最大值,z取得最小值.
解方程组
得
.
∴z=3x﹣y+1=
.
(2)当
时,作出满足约束条件的可行域如图,
令z=|4x+y﹣2|+|3﹣x﹣2y|=﹣5x﹣3y+5,
则y=﹣
+
,
∴y=﹣
+
经过点C时,
取得最大值,z取得最小值,
由
(1)知,C(
,
),∴z=﹣5x﹣3y+5=
.
(3)当3﹣x﹣2y<0时,不存在符合条件的可行域,
综上,|4x+y﹣2|+|3﹣x﹣2y|的最小值是
.
故答案为:
,
,
.
15.空间四点A,B,C,D满足|
|=2,|
|=3,|
|=4,|
|