安徽省六安市霍邱中学学年高一上学期期末物.docx
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安徽省六安市霍邱中学学年高一上学期期末物
2015-2016学年安徽省六安市霍邱中学高一（上）期末物理试卷
一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1～8题只有一个选项最符合题目要求，9～12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．请将符合题目要求的选项的序号填入本大题后的表格内．）
1．下列有关物理学史的说法中有明显错误的是（ ）
A．伽利略驳斥了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点
B．伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验法
C．牛顿通过实验总结出了“在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比”的结论
D．对微观粒子的运动规律进行研究表明：
牛顿运动定律不是任何时候都适用的
2．关于矢量和标量，下列说法中错误的是（ ）
A．凡是有方向的量都是矢量
B．两个标量不论经过加减还是乘除都不可能变成矢量
C．两个矢量乘积可能是标量
D．矢量运算遵循平行四边形定则，而标量运算遵循代数和法则
3．对于合力与分力，下列说法中正确的是（ ）
A．将几个分力合成为一个合力，此方法属于类比法
B．力的合成遵循平行四边形定则，而力的分解遵循代数运算法则
C．合力大小一定比分力大
D．合力的方向可能与某分力的方向相同、相反或不在同一直线上
4．下列有关速度和加速度的说法中正确的是（ ）
A．由速度的定义可知，速度的大小与位移成正比
B．虽然a=
，但加速度大小却与速度变化大小无关
C．物体的速度增大，加速度不可能减小
D．物体的速度沿正方向，加速度不可能沿负方向
5．某物体沿一直线运动，其位移x与时间t的关系式为x=2t﹣2t2，则（ ）
A．其初速度v0=2m/sB．其加速度大小为a=2m/s2
C．物体2s内的位移为4mD．物体的运动方向一直不变
6．某同学记录的听课笔记中有老师总结的几个结论，其中错误的是（ ）
A．两个物体间没有弹力就一定没有摩擦力
B．弹簧的弹力可以突变，而绳子的弹力不能突变
C．杆的弹力方向可能并不沿杆所在直线
D．物体间可能同时产生滑动摩擦力和静摩擦力
7．某物体做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，则（ ）
A．前2s内物体的运动方向与第3s内物体的运动方向不同
B．前2s内物体的加速度大小是第3s内加速度大小的2倍
C．前2s内的加速度方向与第3s内加速度方向相反
D．前2s内物体的位移方向与第3s内物体的位移方向相反
8．如图所示，半径为R的半圆柱体固定在水平地面上，在半圆柱体轴心的正上方h处的O点用绳长为l（l＞h）的轻绳悬挂一质量为m的小球．现将轻绳稍微缩短（但绳长仍大于h），则（ ）
A．绳对小球的拉力大小不变
B．绳对小球的拉力大小变大
C．圆柱体对小球的支持力大小不变
D．圆柱体对小球的支持力大小变小
9．a、b两物体从同一位置开始运动，它们的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．两物体再次相遇前，4s末两物体相距最远
B．2s时，a、b两物体具有相同的加速度
C．6s内，物体a始终在物体b的后方
D．4s时，a、b两物体速度相等，相距9m
10．如图所示，质量为m的木块静止地放在半径为R的半球体上，半球体与木块均处于静止状态，已知木块与半球体间的动摩擦因数为μ，木块与球心的连线与水平地面的夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）
A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左
B．木块所受摩擦力大小为μmgcosθ
C．木块所受摩擦力大小为mgcosθ
D．木块对半球体的压力大小为mgsinθ
11．在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（ ）
A．晓敏同学所受的重力变小了
B．晓敏对体重计的压力等于体重计对晓敏的支持力
C．电梯可能在竖直向上运动
D．电梯的加速度大小为
，运动方向一定竖直向下
12．如图所示，放在固定斜面上的物块能沿斜面匀速下滑．若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（ ）
A．物块仍匀速下滑
B．物块将沿斜面匀加速下滑
C．物块将沿斜面匀减速下滑
D．若将竖直向下的恒力F撤去，换成重为F的铁块固定在物块上，它们将匀速下滑
二、实验题（共两小题，每空3分，共15分）
13．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：
一轻弹簧一端固定于某一深度为h=0.25m、且开口向右的小筒中（没有外力作用时弹簧的下部分位于筒内），如图1所示，如果本实验的长度测量工具只能测量出距筒口右端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变挂钩码的个数来改变l，作出F﹣l变化的图线如图2所示．
（1）由此图线可得出的结论是 ；
（2）弹簧的劲度系数为 N/m，弹簧的原长l0= m；
（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于：
；缺点在于：
．
14．某同学利用如图1所示的装置探究“小车的加速度与所受合外力的关系”，具体实验步骤如下：
A．按照图示安装好实验装置，挂上砂桶（含少量砂子）．
B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车沿长木板向下运动，且通过两个光电门的时间相等．
C．取下细绳和砂桶，测量砂子和桶的质量m，并记下．
D．保持长木板的倾角不变，不挂砂桶，将小车置于靠近滑轮的位置，由静止释放小车，记录小车先后通过光电门甲和乙时显示的时间．
E．重新挂上细绳和砂桶，改变砂桶中砂子的质量，重复B～D步骤．
（1）用游标卡尺测得遮光片宽度d= mm．
（2）若遮光片的宽度为d，光电门甲、乙之间的距离为h，显示的时间分别为t1、t2，则小车的加速度a= ．
（3）有关本实验的说法错误的是 ．
A．砂桶和砂子的总质量必须远远小于小车的质量
B．平衡摩擦力时要取下细绳和砂桶
C．小车的质量必须远远小于砂桶和砂子的总质量
D．平衡摩擦力时不能取下细绳和砂桶．
四、计算题（共3小题37分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）
15．甲、乙两车同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，速度分别为v甲=8m/s，v乙=16m/s．在相距16m时，甲、乙两车同时刹车，甲车加速度大小为2m/s2．问乙车加速度至少为多大时两车才不会相撞？
16．如图所示，质量为m=1kg的物块放在倾角为θ=37°的斜面体上，斜面质量为M=2kg，斜面与物块间的动摩擦因数为μ=0.2，地面光滑，现对斜面体施一水平推力F，要使物块m相对斜面静止，试确定推力F的取值范围．（取g=10m/s2）
17．如图所示，一质量为mB=2kg，长为L=6m的薄木板B固定在水平面上，质量为mA=2kg的物体A（可视为质点）在一电动机拉动下从木板左端以v0=5m/s的速度向右匀速运动，此时牵引物体的轻绳的拉力F=8N．已知各接触面间的动摩擦因数恒定，重力加速度g取10m/s2，则：
（1）A物体与木板B之间的动摩擦因数μ1为多少？
（2）若释放木板B，则木板B在物体A带动下以a=2m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，经多长时间物体A滑离木板？
（3）木板与水平面间的动摩擦因数μ2为多少？
2015-2016学年安徽省六安市霍邱中学高一（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1～8题只有一个选项最符合题目要求，9～12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．请将符合题目要求的选项的序号填入本大题后的表格内．）
1．下列有关物理学史的说法中有明显错误的是（ ）
A．伽利略驳斥了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点
B．伽利略在研究自由落体运动时运用了理想实验法
C．牛顿通过实验总结出了“在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比”的结论
D．对微观粒子的运动规律进行研究表明：
牛顿运动定律不是任何时候都适用的
【考点】物理学史．
【分析】伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因．伽利略通过对自由落体运动的研究，开创了把实验和逻辑推理相结合的科学研究方法和科学思维方式．胡克通过实验总结出了“在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比”的结论．
【解答】解：
A、伽利略通过“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”这个观点，指出力不是维持物体运动的原因，故A正确．
B、伽利略通过逻辑推理证明亚里士多德理论内部存在矛盾，通过铜球从斜面滚下的实验，运用数学演算，得到自由落体运动是匀加速直线运动，开创了把实验和逻辑推理相结合的科学研究方法和科学思维方式．故B正确．
C、胡克通过实验总结出了“在弹性限度内，弹簧的伸长与所受的拉力成正比”的结论．故C错误．
D、对微观粒子的运动规律进行研究表明：
牛顿运动定律不是任何时候都适用的．故D正确．
本题选错误的，故选：
C．
2．关于矢量和标量，下列说法中错误的是（ ）
A．凡是有方向的量都是矢量
B．两个标量不论经过加减还是乘除都不可能变成矢量
C．两个矢量乘积可能是标量
D．矢量运算遵循平行四边形定则，而标量运算遵循代数和法则
【考点】矢量和标量．
【分析】既有大小、又有方向的物理量是矢量．只有大小、没有方向的物理量是标量．位移、加速度、速度均是矢量．路程、时间是标量，速度变化量是矢量．矢量相加时遵从平行四边形定则．
【解答】解：
A、矢量是既有大小、又有方向，相加时遵从平行四边形定则的物理量，只是有方向不一定就是矢量，比如电流，就是标量，故A错误；
B、标量是没有方向的物理量，两个标量不论经过加减还是乘除都不可能变成矢量．故B正确；
C、两个矢量乘积可能没有方向，可能是标量，例如功的计算，故C正确．
D、既有大小、又有方向的物理量是矢量．只有大小、没有方向的物理量是标量，矢量运算时遵从平行四边形定则，而标量运算遵循代数和法则．故D正确．
本特题选错误的，故选：
A
3．对于合力与分力，下列说法中正确的是（ ）
A．将几个分力合成为一个合力，此方法属于类比法
B．力的合成遵循平行四边形定则，而力的分解遵循代数运算法则
C．合力大小一定比分力大
D．合力的方向可能与某分力的方向相同、相反或不在同一直线上
【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．
【分析】力的合成分解遵循平行四边形定则．当两个力夹角为零度，合力最大，夹角为180度，合力最小．
【解答】解：
A、将几个分力合成为一个合力，此方法属于等效替代法．故A错误．
B、力的合成和分解都遵循平行四边形定则．故B错误．
C、分力可能比合力大，可能比合力小，可能与合力相等．故C错误．
D、合力的方向可能与某分力的方向相同、相反或不在同一直线上．故D正确．
故选：
D．
4．下列有关速度和加速度的说法中正确的是（ ）
A．由速度的定义可知，速度的大小与位移成正比
B．虽然a=
，但加速度大小却与速度变化大小无关
C．物体的速度增大，加速度不可能减小
D．物体的速度沿正方向，加速度不可能沿负方向
【考点】加速度；速度．
【分析】根据加速度的定义式a=
，可以知道，加速度与速度的变化量无关，方向与速度变化量的方向相同．
【解答】解：
A、根据
可知，速度的大小与位移也时间的比值成正比，故A错误；
B、根据加速度的定义式a=
，可以知道，加速度与速度的变化量无关．故B正确；
C、物体的速度增大，加速度可以减小，做加速度减小的加速运动，故C错误；
D、加速度方向与速度变化量的方向相同，与速度的方向可能相同，可能相反，可能不在同一条直线上，故D错误．
故选：
B
5．某物体沿一直线运动，其位移x与时间t的关系式为x=2t﹣2t2，则（ ）
A．其初速度v0=2m/sB．其加速度大小为a=2m/s2
C．物体2s内的位移为4mD．物体的运动方向一直不变
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【分析】直线运动的位移与时间的关系式为x=2t﹣2t2，以及匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+
at2求出物体的初速度和加速度．根据公式判断任意时间内的位移
【解答】解：
A、直线运动的位移与时间的关系式为x=2t﹣2t2=v0t+
at2，满足匀变速直线运动的位移时间关系式，加速度a=﹣4m/s2，初速度为v0=2m/s，故物体做匀减速直线运动，故A正确，B错误；
C、物体2s内的位移为x=2×2﹣2×22m=﹣4m，故C错误；
D、物体做减速运动，减速到零后，做反向的匀加速运动，故D错误；
故选：
A
6．某同学记录的听课笔记中有老师总结的几个结论，其中错误的是（ ）
A．两个物体间没有弹力就一定没有摩擦力
B．弹簧的弹力可以突变，而绳子的弹力不能突变
C．杆的弹力方向可能并不沿杆所在直线
D．物体间可能同时产生滑动摩擦力和静摩擦力
【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力；牛顿第二定律．
【分析】物体间若没有弹力就没有摩擦力，没有摩擦力可能有弹力；弹簧的弹力不能突变，而绳子的弹力可以的；杆的弹力不一定沿着杆的方向；物体可以受到多个摩擦力．
【解答】解：
A、依据摩擦力产生条件，摩擦力的存在依赖于弹力，即有摩擦力一定有弹力，但有弹力不一定有摩擦力，故A正确；
B、弹簧的弹力不可以突变，而绳子的弹力能突变，故B错误；
C、杆的弹力方向可能并不沿杆所在直线，比如杆末端固定小球，处于水平静止状态，则小球受到杆的弹力与重力方向相反，不沿着杆的方向，故C正确；
D、一个物体可以同时与多个物体接触，故可能同时受到滑动摩擦力和静摩擦力的作用，故D正确；
本题选择错误的，故选：
B．
7．某物体做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，则（ ）
A．前2s内物体的运动方向与第3s内物体的运动方向不同
B．前2s内物体的加速度大小是第3s内加速度大小的2倍
C．前2s内的加速度方向与第3s内加速度方向相反
D．前2s内物体的位移方向与第3s内物体的位移方向相反
【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．
【分析】在速度﹣时间图象中，速度的正负表示速度的方向，时间轴上方速度是正值，时间轴下方速度是负值；图线的斜率表示加速度．根据这些知识分析物体的运动情况．
【解答】解：
A、在0﹣3s内，物体的速度一直为正，说明物体一直沿正方向运动，运动方向不变，所以前2s内物体的运动方向与第3s内物体的运动方向相同，故A错误．
B、根据数学知识可知，前2s内图象的斜率小于第3s内图象的斜率，不是2倍关系，则知前2s内物体的加速度大小不是第3s内加速度大小的2倍．故B错误．
C、根据斜率表示加速度，斜率的正负表示加速度的方向，则知前2s内的加速度方向与第3s内加速度方向相反．故C正确．
D、物体一直沿正方向运动，所以前2s内物体的位移方向与第3s内物体的位移方向相同，故D错误．
故选：
C
8．如图所示，半径为R的半圆柱体固定在水平地面上，在半圆柱体轴心的正上方h处的O点用绳长为l（l＞h）的轻绳悬挂一质量为m的小球．现将轻绳稍微缩短（但绳长仍大于h），则（ ）
A．绳对小球的拉力大小不变
B．绳对小球的拉力大小变大
C．圆柱体对小球的支持力大小不变
D．圆柱体对小球的支持力大小变小
【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．
【分析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件运用三角相似法得出重力与L、R的关系，即可求解．
【解答】解：
对小球进行受力分析，小球受重力、半球面对小球的弹力和绳对小球的拉力，小球受力平衡，即小球受重力、支持力和绳拉力的合力为0．如图，作出小球的受力示意图．
因为小球所受合力为零，故半球对小球的弹力F和绳对小球A的拉力T的合力与重力G大小相等，方向相反，根据三角形相似得：
=
；
=
得：
F=
；N=
可知，将轻绳稍微缩短时，F减小，而N保持不变．
故选：
C
9．a、b两物体从同一位置开始运动，它们的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．两物体再次相遇前，4s末两物体相距最远
B．2s时，a、b两物体具有相同的加速度
C．6s内，物体a始终在物体b的后方
D．4s时，a、b两物体速度相等，相距9m
【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．
【分析】根据速度的大小，分析两物体间距离的变化情况，可确定何时相距最远．在速度﹣时间图象中，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，由此分析即可．
【解答】解：
A、在4s末之前，a的速度比b的大，a在b的前方，两者间距增大．在4s末之后，a的速度比b的小，两者间距减小．因此4s末两物体相距最远．故A正确．
B、根据斜率表示加速度，则知2s时，a、b两物体的加速度不同，故B错误．
C、根据“面积”表示位移，可知，6s内a的位移一直大于b的位移，所以物体a始终在物体b的前方，故C错误．
D、4s时，a、b两物体速度相等，相距的距离等于位移之差，为s=
+
=9m，故D正确．
故选：
AD
10．如图所示，质量为m的木块静止地放在半径为R的半球体上，半球体与木块均处于静止状态，已知木块与半球体间的动摩擦因数为μ，木块与球心的连线与水平地面的夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）
A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左
B．木块所受摩擦力大小为μmgcosθ
C．木块所受摩擦力大小为mgcosθ
D．木块对半球体的压力大小为mgsinθ
【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．
【分析】对小木块受力分析，并将重力分解到半球半径方向和接触点的切线方向，由平衡条件对切线方向和半径方向列方程，解出半球对小木块的支持力的表达式和摩擦力的表达式，由于小木块保持静止，故摩擦力不能用f=μN，只能用平衡条件求出．
【解答】解：
A、设半球体的质量为M，以小木块和半球体整体为研究对象，受重力和支持力，根据平衡条件得知，地面对半球体的摩擦力为零．故A错误．
B、对小物块受力分析，如图：
将重力正交分解，如图：
由于物体静止在半球上，处于平衡态，沿半径方向列平衡方程：
N﹣mgsinθ=0
解得：
N=mgsinθ
根据牛顿第三定律，木块对半球体的压力为mgsinθ，故D正确；
沿切向列平衡方程：
f﹣mgcosθ=0
解得：
f=mgcosθ，故BC错误；
故选：
D
11．在升降电梯内的地面上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（ ）
A．晓敏同学所受的重力变小了
B．晓敏对体重计的压力等于体重计对晓敏的支持力
C．电梯可能在竖直向上运动
D．电梯的加速度大小为
，运动方向一定竖直向下
【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；牛顿第二定律．
【分析】体重计的示数是40kg，小于体重说明处于失重状态，则电梯应具有向下的加速度．
【解答】解：
A、体重计示数是40kg，示数小于体重说明晓敏对体重计的压力小于重力，并不是体重变小．故A错误；
B、晓敏对体重计的压力和体重计对晓敏的支持力是一对作用力与反作用力，大小相等，故B正确；
C、电梯做向上的减速运动也会是失重状态，示数小于其重力．故C正确；
D、以人为研究对象，mg﹣FN=ma求得：
=
，但运动可能是向上减速，也有可能向下加速．故D错误
故选：
BC
12．如图所示，放在固定斜面上的物块能沿斜面匀速下滑．若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（ ）
A．物块仍匀速下滑
B．物块将沿斜面匀加速下滑
C．物块将沿斜面匀减速下滑
D．若将竖直向下的恒力F撤去，换成重为F的铁块固定在物块上，它们将匀速下滑
【考点】共点力平衡的条件及其应用．
【分析】未加F时，物块匀速下滑，受力平衡，由平衡条件和摩擦力公式得出sinθ与μcosθ的大小．再分析对物块施加一个竖直向下的恒力F时，重力和F沿斜面向下的分力与滑动摩擦力的大小，判断物块的运动状态．
【解答】解：
A、未加F时，物块匀速下滑，受力平衡，分析物体的受力情况如图，由平衡条件得：
mgsinθ=μmgcosθ，
得sinθ=μcosθ
对物块施加一个竖直向下的恒力F时，物块受到的滑动摩擦力大小为
f=μ（F+mg）cosθ
重力和F沿斜面向下的分力大小为（F+mg）sinθ，则上可知，
（F+mg）sinθ=μ（F+mg）cosθ，则物块受力仍平衡，所以仍处于匀速下滑状态．
受到的合外力仍为零，保持不变．故A正确，BC错误．
D、同理，若将竖直向下的恒力F撤去，换成重为F的铁块固定在物块上，它们将匀速下滑．故D正确
故选：
AD
二、实验题（共两小题，每空3分，共15分）
13．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：
一轻弹簧一端固定于某一深度为h=0.25m、且开口向右的小筒中（没有外力作用时弹簧的下部分位于筒内），如图1所示，如果本实验的长度测量工具只能测量出距筒口右端弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变挂钩码的个数来改变l，作出F﹣l变化的图线如图2所示．
（1）由此图线可得出的结论是 在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比． ；
（2）弹簧的劲度系数为 100 N/m，弹簧的原长l0= 0.15 m；
（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于：
在于避免弹簧自身所受重力对实验的影响 ；缺点在于：
弹簧与筒及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差． ．
【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．
【分析】根据胡克定律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可．
本题中l为距筒口右端弹簧的长度，还有一部分弹簧在深度为h=0.25m小筒中．
【解答】解：
（1）在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比．
（2）弹簧原长为l0，
则根据胡克定律有：
F=k（h+l﹣l0）=kl+k（h﹣l0）①
由此可知，图象的斜率大小表示劲度系数大小，故k=100N/m，
h=0.25m，当l=0时，F=10N，将数据代入方程①可解得：
l0=15cm=0.15m．
（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于避免弹簧自身所受重力对实验的影响．
缺点在于：
弹簧与筒及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．
故答案为：
（1）在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比．
（2）100，0.15
（3）在于避免弹簧自身所受重力对实验的影响，弹簧与筒及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．
14．某同学利用如图1所示的装置探究“小车的加速度与所受合外力的关系”，具体实验步骤如下：
A．按照图示安装好实验装置，挂上砂桶（含少量砂子）．
B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车沿长木板向下运动，且通过两个光电门的时间相等．
C．取下细绳和砂桶，测量砂子和桶的质量m，并记下．
D．保持长木板的倾角不变，不挂砂桶，将小车置于靠近滑轮的位置，由静止释放小车，记录小车先后通过光电门甲和乙时显示的时间．
E．重新挂上细绳和砂桶，改变砂桶中砂子的质量，重复B～D步骤．
（1）用游标卡尺测得遮光片宽度d= 6.75 mm．
（2）若遮光片的宽度为d，光电门甲、乙之间的距离为h，显示的时间分别为t1、t2，则小车的加
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