山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题14A欧姆定律.docx
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山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题14A欧姆定律
备战2019年中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编
专题14（A）欧姆定律（答案解析）
1．（2017•枣庄）如图所示，与实物一致的电路图是（ ）
【分析】由实物图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端电压，电流表测电路中的电流。
然后对各个电路图逐一分析即可。
【解答】解：
分析实物图可知，电流从正极出发，经电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2回负极，电压表并联在L1两端。
B图与实物图符合；
A图两灯泡并联，与实物图不符合，
C图电压表并联在L2两端了，与实物图不符合；
D图电压表并联在电源两端了，与实物图不符合。
故选：
B。
【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是分析出实物图中各用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点，再就是考查对电路图正确画法的判断。
2．（2017•临沂）小明在实验室里连接了如图所示的电路，对此电路的认识，正确的是（ ）
A．小灯泡并联，电压表测电源电压
B．小灯泡串联，电压表测L2的电压
C．若灯L1短路，则电压表示数为零
D．若灯L2短路，则电压表示数为3V
【分析】
（1）只有一条电流的路径是串联，有多条路径是并联；
（2）电压表并联在谁的两端就是测量的谁的电压；
（3）据短路的特点分析即可判断；
【解答】解：
AB、由实物电路可知，电流从电源正极出发，依次经过开关、灯泡L1、灯泡L2，最后回到负极，电压表并联在L2两端，所以电压表测量的是L2的电压，两灯泡串联，故A错误，B正确；
C、若灯L1短路，则电压表测量的是电源电压，所以其示数为3V，故C错误；
D、若灯L2短路，则电压表相当测量导线电压，所以其示数0V，故D错误；
故选：
B。
【点评】此题考查了同学们对电路串并联的分析、电表的使用和短路情况的理解，是一道综合题，有一定的难度。
3．（2017•淄博）如图所示是某种压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，A、B间有可收缩的导线，R1为定值电阻，电源电压保持不变。
闭合开关S（ ）
A．压力F增大时，电流表示数变小、电压表示数变小
B．压力F减小时，电流表示数变小，电压表示数变小
C．压力F增大时，电压表示数跟电流表示数乘积不变
D．压力F减小时，电压表示数跟电流表示数之比变大
【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，然后得出电压表示数跟电流表示数乘积的变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值可知电压表示数跟电流表示数之比的变化。
【解答】解：
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）当压力F增大时，滑片下移，R2接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=
可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A正确；
则电压表示数跟电流表示数乘积变小，故C错误；
（2）同理可知，压力F减小时，电流表和电压表的示数均变大，故B错误；
由R=
可知，电压表示数跟电流表示数之比等于R1的阻值，
所以，电压表示数跟电流表示数之比不变，故D错误。
故选：
A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单应用题。
4．（2018•聊城）如图，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R1是定值电阻。
闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数变化情况是（ ）
A．电流表示数变小，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电压表和电流表示数的比值将变小
D．电流表和电压表示数均变大
【分析】
（1）分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；
根据U=IR分析R1的电压变化，根据串联电路电压的规律，R的电压即电压表示数变化；
（2）由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。
【解答】解：
（1）由图知，两电阻串联，电压表测定值电阻R1的电压，电流表测电路中的电流；
逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻R的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；
根据U=IR可知，定值电阻R1的电压变大，即电压表示数变大，故D正确，AB错误。
（2）由欧姆定律可知，电压表和电流表示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故C错误。
故选：
D。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
5．（2018•潍坊）某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（ ）
A．电流表示数变小，输出信号电压Uab变大
B．电流表示数变大，输出信号电压Uab变大
C．电流表示数变小，输出信号电压Uab不变
D．电流表示数变大，输出信号电压Uab减小
【分析】定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：
（1）当煤气浓度升高时，根据已知条件分析气敏元件电阻变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化；
（2）根据欧姆定律的变形公式：
U=IR，分析R的电压变化，根据串联电路电压的规律确定输出信号电压Uab变化。
【解答】解：
（1）定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压：
当煤气浓度升高时，气敏元件电阻增大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，电流表示数变小，BD错误；
（2）因电流表示数变小，根据欧姆定律的变形公式：
U=IR，R的电压变小，根据串联电路电压的规律，输出信号电压Uab变大，故A正确，C错误。
故选：
A。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，难度中等。
6．（2018•烟台）在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡L变亮B．电压表V示数变大
C．电流表A1示数变小D．电流表A2示数变大
【分析】由图可知，该电路为并联电路；电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压；
根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化，根据欧姆定律判定其电流变化，根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化。
【解答】解：
由图可知，该电路为并联电路；电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压，测量的也是电源电压，保持不变，故B错误；
根据并联电路的特点可知，滑动变阻器滑片移动时，对灯泡所在的支路无影响，灯泡的电流和电压都不变，故电流表A2示数不变，灯泡亮度不变，故AD错误；
当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，即电流表A1示数变小，故C正确。
故选：
C。
【点评】本题考查了滑动变阻器的应用原理和并联电路中电压、电流的特点，较为简单。
7．（2017•临沂）如图是电阻甲和乙的I﹣U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（ ）
A．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3A
B．当乙两端电压为2.5V，其电阻值为10Ω
C．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的电压为2V
D．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A
【分析】
（1）根据图象读出甲两端电压为0.5V时通过的电流；
（2）根据图象读出乙两端电压为2.5V时通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻值；
（3）将甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，根据图象读出两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出它们两端的电压；
（4）将甲和乙并联，它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的电流。
【解答】解：
A．由图象可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误；
B．由图象可知，当乙两端电压为2.5V时，通过的电流为0.5A，
由I=
可得，乙的阻值R乙=
=
=5Ω，故B错误；
C．将甲和乙串联，若电流为0.3A，则通过两电阻的电流均为0.3A，
由图象可知此时U甲′=1.5V、U乙′=0.5V，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的电压：
U=U甲′+U乙′=1.5V+0.5V=2V，故C正确；
D．若甲和乙并联，若电压为1V，则它们两端的电压均为1V，
由图象可知此时I甲′=0.2A、I乙′=0.4A，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流：
I=I甲′+I乙′=0.2A+0.4A=0.6A，故D错误。
故选：
C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
8．（2017•滨州）如图所示，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，电源电压保持不变，当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，以下说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数不变，电流表A1的示数变小，A2的示数变大
B．电压表V的示数变小，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
C．电压表V的示数变大，电流表A1的示数不变，A2的示数不变
D．电压表V的示数不变，电流表A1的示数变小，A2的示数不变
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流。
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
【解答】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流。
因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故BC错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，故A错误；
当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=
可知，通过R2的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故D正确。
故选：
D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9．（2016•济宁）小满、小希扣小梦按各自设计的电路图进行实验，并将实验数据记录在表格中，如图所示。
其中电路图与实验数据不对应的是（ ）
A．小满B．小希C．小梦D．都不对应
【分析】由电路中可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，滑片左移时接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化，据此分析表格数据得出答案。
【解答】解：
由电路中可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，
当滑片左移时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=
可知，电路中的电流变大，
由U=IR可知，R两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压变小，则
A．电压表并联在R两端的电压，当电流表的示数增大时电压表的示数增大，故小满的电路图与实验数据对应；
B．电压表并联在变阻器两端，当电流表的示数增大时电压表的示数减小，故小希的电路图与实验数据不对应；
C．电压表并联在电源，当电流表的示数增大时电压表的示数不变，故小梦的电路图与实验数据对应。
故选：
B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表位于不同位置时其示数与电流表示数变化的对应关系不同。
10．（2016•淄博）下列电路中，已知电源电压相等，且R1＜R2，则电路中电流表的示数最大的是（ ）
【分析】电压一定时，根据I=
可知，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，据此根据电阻的串并联分析个电路图中的总电阻得出答案。
【解答】解：
由选项可知，A中两电阻并联，B中两电阻串联，C中为R1的简单电路，D中为R2的简单电路，电流表均测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，选项中总电阻的关系是R并＜R1＜R2＜R串，即RA＜RC＜RD＜RB，
由I=
可知，对应的电流关系为IA＞IC＞ID＞IB。
故选：
A。
【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，实质考查了电阻的串联和电阻的并联，是一道较为简单的应用题。
11．（2016•淄博）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V1示数变大，电流表示数变小
B．电压表V2示数不变，电流表示数变大
C．电压表V1示数和电流表示数的乘积变大
D．电压表V2示数和电流表的比值不变
【分析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化，进一步判断电压表V1示数和电流表示数的乘积变大以及电压表V2示数和电流表的比值变化。
【解答】解：
由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，故A错误；
滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=
可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故B错误；
因电压表V1的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，
所以，电压表V1示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故C正确、D错误。
故选：
C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12．多选题（2018•滨州）如图所示的电路中，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，下列四个选项中，判断正确的是（ ）
A．电流表、电压表的示数均变小
B．电流表、电压表的示数均变大
C．电流表示数变大、电压表示数变小
D．电压表与电流表示数的比值变小
【分析】由电路图可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化。
电压表和电流表的示数之比等于滑动变阻器的阻值，根据变阻器的阻值变化可判断比值的变化。
【解答】解：
由电路图可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC、在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=
可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故AB错误、C正确。
D、电压表与电流表的比值等于滑动变阻器的阻值，因为滑动变阻器的阻值变小，所以电压表与电流表的示数比值变小，故D正确。
故选：
CD。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用串联电路的分压特点判断电压表的示数变化会更简单。
13．多选题（2017•莱芜）实际测量中使用的大量程电流表是由小量程电流表改装而成的。
图中
是满偏电流（即小量程电流表允许通过的最大电流）为Ig=1mA的电流表，其电阻Rg=100Ω．下图为某同学改装后的电流表电路图，R1、R2为定值电阻，其中R1=5Ω，R2=20Ω．则（ ）
A．若使用a和b两个接线柱，电表的量程为0～5mA
B．若使用a和c两个接线柱，电表的量程为0～25mA
C．若使用b和c两个接线柱，电表的量程为0～10mA
D．若先用导线将b和c两个接线柱连接起来，再使用a和b两个接线柱，电表的量程为0～20mA
【分析】首先根据电路图判断使用不同的接线柱时电路的连接方式，根据并联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出改装后电表满偏时两端的电压，进一步求出没有RG支路的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流，然后得出改装后电表的量程。
【解答】解：
（1）使用a和b两个接线柱时，R1和R2串联以后再与Rg并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=
可得，电流表满偏时表头两端的电压：
U=IgRG=I12（R1+R2），
则I12=
Ig=
×1mA=4mA，
则通过电流表的最大电流（干路电流）：
I=Ig+I12=1mA+4mA=5mA，
即电表的量程为0～5mA，故A正确；
（2）使用a和c两个接线柱，Rg和R2串联后再与R1并联，
电流表满偏时表头两支路的电压：
U=Ig（Rg+R2）=I1R1，
则I1=
Ig=
×1mA=24mA，
通过电表的最大电流：
I=Ig+I1=1mA+24mA=25mA，
即电表的量程为0～25mA，故B正确；
（3）使用b和c两个接线柱，Rg和R1串联后再与R2并联，
电流表满偏时两支路的电压：
U=Ig（Rg+R1）=I2R2，
则I2=
Ig=
×1mA=5.25mA，
通过电表的最大电流：
I=Ig+I1=1mA+5.25mA=6.25mA，
即电表的量程为0～6.25mA，故C错误；
（4）先用导线将b和c两个接线柱连接起来，再使用a和b两个接线柱，Rg和R1并联，
电流表满偏时表头两端的电压：
U=IgRg=I1R1，
则I1=
Ig=
×1mA=20mA，
通过电表的最大电流：
I=Ig+I1=1mA+20mA=21mA，
即电表的量程为0～21mA，故D错误。
故选：
AB。
【点评】本题考查了电表的改装，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清使用不同接线柱时电路的连接方式是关键，要注意RG的满偏电流是不变的。
14．（2018•菏泽）如图所示的电压表的示数为 2.4 V。
【分析】要弄清楚电压表的量程和分度值再去读数。
读数时，视线要与刻度面垂直。
【解答】解：
图中电压表用的是0～3V量程，一大格表示1V，一大格分为10个小格，其分度值为0.1V，因此其读数=2V+0.4V=2.4V。
故答案为：
2.4。
【点评】刻度尺、体温计、电压表和弹簧测力计是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。
读数时视线与刻度垂直。
15．（2017•泰安）如图所示，电源电压恒为12V，闭合开关后，电压表示数为8V，则两电阻阻值的比值R1：
R2= 1：
2 。
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
【解答】解：
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：
U1=U﹣U2=12V﹣8V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=
可得，两电阻的阻值之比：
=
=
=
=
。
故答案为：
1：
2。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
16．（2017•泰安）在相距10km的甲、乙两地之间有两条输电线，已知每条输电线的电阻是100Ω．现输电线在某处发生短路，为确定短路位置，检修员利用电压表、电流表和电源接成如图所示电路进行检测，当电压表的示数为2.0V时，电流表示数为80mA，则短路位置距离甲 1.25 km。
【分析】知道电压表和电流表的示数，利用欧姆定律求出连接短路位置到甲地的两段输电线的电阻值；又知道10km导线的电阻为100Ω，据此求出导线的长度，从而确定出短路的地点离甲地的距离。
【解答】解：
由欧姆定律可得，连接短路位置到甲地的两段输电线的总电阻：
R=
=
=25Ω，
因10km导线的电阻为100Ω，且电阻和长度成正比，
所以，短路处距甲地的导线总长度：
L=
×10km=2.5km，
则短路位置距离甲的距离：
s=
×L=
×2.5km=1.25km。
故答案为：
1.25。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律的掌握和运用，知道短路的地点离甲地的距离为导线总长度的一半是本题的关键。
17．（2017•临沂）在如图所示的电路中，R1=15Ω，R2=10Ω，闭合开关后电流表的示数为0.3A，则电源电压为 3 V，通过R1的电流是 0.2 A。
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测R2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，再根据欧姆定律求出通过R1的电流。
【解答】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电流表测R2支路的电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=
可得，电源的电压：
U=U2=I2R2=0.3A×10Ω=3V；
通过R1的电流：
I1=
=
=0.2A。
故答案为：
3；0.2。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
18．（2018•青岛）实验探究：
探究电流与电压和电阻的关系
装置
①如图甲，实验电路中接错了一根导线，在接错的导线上打“×”，再画线把它
改到正确的位置上。
数据
图象
结论
①利用改后的正确电路探究电流与电压的关系，测得数据如下表：
R=10Ω
次数
1
2
3
4
电压U/V
1.2
1.6
2.0
2.4
电流I/A
0.12
0.16
0.20
0.24
②如图乙，在电流表表盘上，画出所选的接线柱和第4次实验中指针的位置。
③根据表中数据，在图丙中描点并画出R的﹣U/图象。
④在电阻一定时， 电流与电压 成正比。
过程
⑤要探究电流与电阻的关系，只将第4次实验电路中的定值电阻由10Ω换成15Ω，闭合开关，电压表示数比第4次实验的电压表示数 大 （填“大”或“小”），
要保持电压表的示数仍为2.4V，应将滑动变阻器的滑片P向 A 移动。
【分析】①原电路中，电流表与电阻并联的，电压表串联在电路中是错误的，电流表与R串联，电压表与R并联；
②第4次实验电流为0.24A，根据电流表小量程分度值为0.02A，画出指针的位置；
③根据描点法作图；
④分析表中数据得出结论；
⑤根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻
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