中考数学压轴题 圆中证明及计算问题.docx
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中考数学压轴题圆中证明及计算问题
2020 年中考数学压轴题:
圆中证明及计算问题
【例 1】(2019·叶县一模)如图,⊙O 是△ABC 的外接圆,点 O 在 BC 边上,∠BAC 的平分线交⊙O
于点 D,连接 BD、CD,过点 D 作 BC 的平行线与 AC 的延长线相交于点 P.
(1)求证:
PD 是⊙O 的切线;
(2)求证:
AB•CP=BD•CD;
(3)当 AB=5 cm,AC=12 cm 时,求线段 PC 的长.
【答案】见解析.
【解析】
(1)证明:
连接 OD.
∵∠BAD=∠CAD,
∴弧 BD=弧 CD,
∴∠BOD=∠COD=90°,
1
∵BC∥PA,
∴∠ODP=∠BOD=90°,
即 OD⊥PA,
∴PD 是⊙O 的切线.
(2)证明:
∵BC∥PD,
∴∠PDC=∠BCD.
∵∠BCD=∠BAD,
∴∠BAD=∠PDC,
∵∠ABD+∠ACD=180°,∠ACD+∠PCD=180°,
∴∠ABD=∠PCD,
∴△BAD∽△CDP,
∴ ABBD ,
CDCP
∴AB•CP=BD•CD.
(3)∵BC 是直径,
∴∠BAC=∠BDC=90°,
∵AB=5,AC=12,
由勾股定理得:
BC=13,
由(
)知,BCD 是等腰直角三角形,
∴BD=CD= 13 2
2
,
∵AB•CP=BD•CD.
∴PC= 169
10
.
【变式 1-1】(2018·焦作一模)如图,△ABC 内接于⊙O,且 AB=AC,延长 BC 到点 D,使 CD=CA,
连接 AD 交⊙O 于点 E.
(
)求证:
ABE≌△CDE;
(2)填空:
①当∠ABC 的度数为时,四边形 AOCE 是菱形;
②若 AE=6,BE=8,则 EF 的长为.
2
9
2
【解析】
(1)证明:
连接 CE,
∵AB=AC,CD=CA,
∴∠ABC=∠ACB,AB=CD,
∵四边形 ABCE 是圆内接四边形,
∴∠ECD+∠BCE=∠BAE +∠BCE=180°,
∴∠ECD=∠BAE,
同理,∠CED=∠ABC,
∵∠ABC=∠ACB=∠AEB,
∴∠CED=∠AEB,
∴△ABE≌△CDE;
(2)①60;
连接 AO、OC,
∵四边形 ABCE 是圆内接四边形,
∴∠ABC+∠AEC=180°,
∵∠ABC=60,
∴∠AEC=∠AOC=120°,
3
∵OA=OC,
∴∠OAC=∠OCA=30°,
∵AB=AC,
∴△ABC 是等边三角形,
∴∠ACB=60°,
∵∠ACB=∠CAD+∠D,AC=CD,
∴∠CAD=∠D=30°,
∴∠ACE=30°,
∴∠OAE=∠OCE=60°,
即四边形 AOCE 是平行四边形,
∵OA=OC,
∴四边形 AOCE 是菱形;
②由(
)得:
ABE≌△CDE,
∴BE=DE=8,AE=CE=6,∠D=∠EBC,
由∠CED=∠ABC=∠ACB,
得△ECD∽△CFB,
CF6
=
DEBC8
∵∠AFE=∠BFC,∠AEB=∠FCB,
∴△AEF∽△BCF,
∴
EF CF
=
AE BC
,
即
EF 6
6 8
9
2
【例 2】(2019·省实验一模)如图,AB 为⊙O 的直径,点 C 为 AB 上方的圆上一动点,过点 C 作⊙O
的切线 l,过点 A 作直线 l 的垂线 AD,交⊙O 于点 D,连接 OC,CD,BC,BD,且 BD 与 OC 交于点 E.
(
)求证:
CDE≌△CBE;
(2)若 AB=4,填空:
①当弧 CD 的长度是时,△OBE 是等腰三角形;
②当 BC=时,四边形 OADC 为菱形.
4
【答案】
(1)见解析;
(2)
2 ;2.
【解析】
(1)证明:
延长 AD 交直线 l 于点 F,
∵AD 垂直于直线 l,
∴∠AFC=90°,
∵直线 l 为⊙O 切线,
∴∠OCF=90°,
∴∠AFC=∠OCF=90°,
∴AD∥OC,
∵AB 为⊙O 直径,
∴∠ADB=90°,
∴∠OEB=90°,
∴OC⊥DB,
∴DE=BE,∠DEC=∠BEC=90°,
∵CE=CE,
∴△CDE≌△CBE;
(2)①如图 2,连接 OD,
5
由
(1)知∠OEB=90°,
当△OBE 是等腰三角形时,
则△OEB 为等腰直角三角形,
∴∠BOE=∠OBE=45°,
∵OD=OB,OE⊥BD,
∴∠DOC=∠BOE=45°,
∵AB=4,
∴OD=2,
∴弧 CD 的长= 45π ⨯ 2 =;
1802
②当四边形 OADC 为菱形时,
则 AD=DC=OC=AO=2,
由
(1)知,BC=DC,
∴BC=2.
(
【变式 2-1】2019·河南南阳一模)如图,四边形 ABCD 是⊙O 的内接四边形,⊙O 的半径为 2,∠B=135°,
则弧 AC 的长为()
A. 2πB. πC. π
π
3
【分析】根据弧长公式l = nπ r ,需先确定弧 AC 所对的圆心角∠AOC 的度数,再根据同弧所对的圆心
180
角是圆周角的 2 倍得到∠AOC=2∠D,根据圆内接四边形对角互补,求出∠D=180°-∠B=45°,再代入弧
长公式求解即可.
6
【解析】解:
∵四边形 ABCD 是⊙O 的内接四边形,
∴∠D=180°-∠B=45°,
∴弧 AC 所对圆心角的度数为:
2×45°=90°,
∵⊙O 的半径为 2,
∴弧 AC 的长为:
l =
故选 B.
nπ r 90 ⨯ 2π
=
180 180
=π,
1.(2018·洛阳三模)如图,在
ABC 中,∠ACB=90°,以 AC 为直径的⊙O,与斜边 AB 交于点 D,
E 为 BC 边的中点,连接 DE.
(1)求证:
DE 是⊙O 的切线;
(2)填空:
①若∠B=30°,AC= 2 3 ,则 BD=
②当∠B=时,以 O、D、E、C 为顶点的四边形是正方形.
【答案】见解析.
【解析】解:
(1)连接 OD,
∵AC 为直径,
∴∠ADC=90°,∠CDB=90°,
∵E 是 BC 的中点,
∴DE=CE=BE,
∴∠DCE=∠EDC,
∵OD=OC,
∴∠OCD=∠ODC,
7
∴∠ODC+∠CDE=∠OCD+∠DCE=90°,
即∠ODE=90°,
∴DE 是⊙O 的切线;
(2)3;45°,理由如下:
①∵∠B=30°,AC= 2 3 ,∠BCA=90°,
∴BC= AC÷tan30°=6,
∴DE=3,
②由∠B=∠A=45°,
OA=OD,得∠ADO=∠AOD=45°,
∴∠AOD=90°,∴∠DOC=90°,
又∠ODE=90°,∴四边形 ODEC 是矩形,
∵OD=OC,
∴四边形 ODEC 是正方形.
2.(2018·河南第一次大联考)已知△ABC 内接于以 AB 为直径的⊙O,过点 C 作⊙O 的切线交 BA 的
延长线于点 D,且 DA∶AB=1∶2.
(1)求∠CDB 的度数;
(2)在切线 DC 上截取 CE=CD,连接 EB,判断直线 EB 与⊙O 的位置关系,并证明.
【答案】见解析.
【解析】解:
(1)如图,连接 OC,
∵CD 是⊙O 的切线,
∴∠OCD=90°.
8
∵DA:
AB=1:
2,
∴DA=OC,DO=2OC.
1
2
∴∠CDO=30°,
即∠CDB=30°.
(2)直线 EB 与⊙O 相切.
证明:
连接 OC,
由
(1)可知∠CDO=30°,
∴∠COD=60°,
∵OC=OB,
∴∠OBC=∠OCB=30°,
∴∠CBD=∠CDB,
∴CD=CB,
∵CD 是⊙O 的切线,
∴∠OCE=90°,
∴∠ECB=60°,
又∵CD=CE,
∴CB=CE,
∴△CBE 为等边三角形,
∴∠EBA=∠EBC+∠CBD=90°,
∴EB 是⊙O 的切线.
3.(2019·偃师一模)如图,在
ABC 中,∠ACB=90°,以 AC 为直径的⊙O 与斜边 AB 交于点 D,
E 为 BC 边上一点,且 DE 是⊙O 的切线.
(1)求证:
BE=EC;
(2)填空:
①若∠B=30°,AC=2 3 则 DE=
;
②当∠B=
°时,以 O,D,E,C 为顶点的四边形是正方形.
9
【答案】
(1)见解析;
(2)①3;②45.
【解析】解:
(1)证明:
如图,连接 OD,
∵∠ACB=90°,AC 为⊙O 的直径,
∴EC 为⊙O 的切线,
∵DE 为⊙O 的切线,
∴EC=ED,
∵∠EDO=90°,
∴∠BDE+∠ADO=90°,
∵OD=OA,
∴∠ADO=∠A,
∴∠BDE+∠A=90°,
∵∠A+∠B=90°,
∴∠BDE=∠B,
∴BE=EC;
(2)①3;②45,理由如下:
①在
ABC 中,∠B=30°,AC=2 3 ,
∴BC=6,
由
(1)知,E 是 BC 中点,
1
2
10
②∵ODEC 为正方形,
∴∠DEC=90°,
DE=CE=BE,
∴∠B=45°,
故答案为:
3;45.
4.如图,AB 为⊙O 的直径,C 为半圆上一动点,过点 C 作⊙O 的切线 l 的垂线 BD,垂足为 D,BD 与
⊙O 交于点 E,连接 OC,CE,AE,AE 交 OC 于点 F.
(
)求证:
CDE≌△EFC;
(2)若 AB=4,连接 AC.
①当 AC=时,四边形 OBEC 为菱形;
②当 AC=时,四边形 EDCF 为正方形.
【答案】见解析.
【解析】
(1)证明:
如图,
∵BD⊥CD,
∴∠CDE=90°,
∵AB 是直径,
∴∠AEB=90°,
∵CD 是切线,
∴∠FCD=90°,
∴四边形 CFED 矩形,
∴CF=DE,EF=CD,
∵CE=CE,
∴△CDE≌△EFC.
(2)解:
①当 AC=2 时,四边形 OCEB 是菱形.
11
理由:
连接 OE.
∵AC=OA=OC=2,
∴△ACO 是等边三角形,
∴∠CAO=∠AOC=60°,
∵∠AFO=90°,
∴∠EAB=30°,
∵∠AEB=90°,
∴∠B=60°,
∵OE=OB,
∴△OEB 是等边三角形,
∴∠EOB=60°,
∴∠COE=180°﹣60°﹣60°=60°,
∵CO=OE,
∴△COE 是等边三角形,
∴CE=CO=OB=EB,
∴四边形 OCEB 是菱形.
故答案为 2.
②当四边形 DEFC 是正方形时,
∵CF=FE,∴∠CEF=∠FCE=45°,
∵OC⊥AE,∴弧 AC=弧 CE,
12
∴∠CAE=∠CEA=45°,
∴∠ACE=90°,
∴AE 是⊙O 的直径,
∴△AOC 是等腰直角三角形,
∴AC=2 2 .
∴AC=2 2 时,四边形 DEFC 是正方形.
故答案为 2 2 .
5.(2019·三门峡二模)如图,AB 是半圆 O 的直径,D 为半圆上的一个动点(不与点 A,B 重合),连
接 AD,过点 O 作 AD 的垂线,交半圆 O 的切线 AC 于点 C,交半圆 O 于点 E.连接 BE,DE.
(1)求证:
∠BED=∠C.
(2)连接 BD,OD,CD.
填空:
①当∠ACO 的度数为时,四边形 OBDE 为菱形;
②当∠ACO 的度数为时,四边形 AODC 为正方形.
【答案】
(1)见解析;
(2)30;45.
【解析】解:
(1)证明:
设 AD,OC 交于点 P,
∵OC⊥AD,
∴∠APC=90°.
∴∠C+∠CAP=90°
13
∵AC 是半圆 O 的切线,
∴∠CAO=∠CAP+∠BAD=90°,
∴∠BAD=∠C,
∵∠BED=∠BAD,
∴∠BED=∠C;
(2)①30,理由如下:
连接 BD,如图:
∵AB 是半圆 O 的直径,
∴∠ADB=90°,
∵∠DAB=∠ACO=30°,
∴∠DBA=60°,
∵OE⊥AD,
∴弧 AE=弧 AD,
∴∠DBE=∠ABE=30°
∵∠DEB=∠DAB=30°,
∴∠DEB=∠ABE,DE∥AB
∵∠ADB=90°,即 BD⊥AD,OE⊥AD,
∴OE∥BD,
∴四边形 OBDE 是平行四边形
∵OB=OE
∴四边形 OBDE 是菱形;
故答案为 30°;
②45,理由如下:
连接 CD、OD,
14
∵∠BED=∠ACO=45°,
∴∠BOD=2∠BED=90°,
∴∠AOD=90°,
∵OC⊥AD,
∴OC 垂直平分 AD,
∴∠OCD=∠OCA=45°,
∴∠ACD=90°,
∵∠ACO=90°,
∴四边形 AODC 是矩形,
∵OA=OD,
∴四边形 AODC 是正方形,
故答案为 45°.
6.(2019·开封模拟)如图,CD 是⊙O 的直径,且 CD=2cm,点 P 为 CD 的延长线上一点,过点 P 作
⊙O 的切线 PA、PB,切点分别为 A、B.
(1)连接 AC,若∠APO=
°,试证明ACP 是等腰三角形;
(2)填空:
①当弧 AB 的长为cm 时,四边形 AOBD 是菱形;
②当 DP=cm 时,四边形 AOBP 是正方形.
【答案】
(1)见解析;
(2) 2π ; 2 - 1 .
3
【解析】解:
(1)连接 AO,
15
∵PA 是⊙O 的切线,
∴∠PAO=90°,
∵∠APO=30°,
∴∠AOP=60°,
∵OA=OC,
∴∠C=∠CAO=30°,
∴∠C=∠APO=30°,
∴△ACP 是等腰三角形;
(2)①若四边形 AOBD 是菱形,则 AO=AD,
∵AO=OD,
∴△AOD 是等边三角形,∠AOD=60°,
∴∠AOB=120°,
∵CD=2,
∴圆 O 的半径为 1,
120π ⨯ 122π
∴弧 AB 的长为:
=.
1803
②若四边形 AOBP 为正方形时,则 PA=AO=1,
则 OP= 2 ,
∵OD=1,
∴PD= 2 -1,
所以答案为:
2 -1.
7.(2019·西华县一模)如图,AB 为⊙O 的直径,F 为弦 AC 的中点,连接 OF 并延长交弧 AC 于点 D,
过点 D 作⊙O 的切线,交 BA 的延长线于点 E.
(1)求证:
AC∥DE;
(2)连接 CD,若 OA=AE=2 时,求出四边形 ACDE 的面积.
16
【答案】见解析.
【解析】证明:
(1)∵F 为弦 AC(不是直径)的中点,
∴AF=CF,OD⊥AC,
∵DE 是⊙O 的切线,
∴OD⊥DE,
∴AC∥DE.
(2)连接 CD,
∵AC∥DE, OA=AE=2,
∴OF=FD,
∵AF=CF,∠AFO=∠CFD,
∴△AFO≌△CFD,
∴
AFO=
CFD,
∴S 四边形 ACDE=S△ODE
∵OD=OA=AE=2,
∴OE=4,
由勾股定理得:
DE=2 3 ,
∴S 四边形 ACDE=S△ODE
=1
1
2
=2 3 .
17
8.(2019·郑州联考)已知:
如图,△ABC 内接于⊙O,AB 为直径,∠CBA 的平分线交 AC 于点 F,交
⊙O 于点 D,DE⊥AB 于点 E,且交 AC 于点 P,连结 AD.
(1)求证:
∠DAC=∠DBA;
(2)求证:
P 是线段 AF 的中点;
(3)连接 CD,若 CD=3,BD=4,求⊙O 的半径和 DE 的长.
【答案】见解析.
【解析】
(1)证明:
∵BD 平分∠CBA,
∴∠CBD=∠DBA,
∵∠DAC 与∠CBD 是弧 CD 所对的圆周角,
∴∠DAC=∠CBD,
∴∠DAC=∠DBA;
(2)证明:
∵AB 为直径,
∴∠ADB=90°,
∵DE⊥AB 于 E,
∴∠DEB=90°,
∴∠ADE+∠BDE=∠DBE+∠BDE=90°,
∴∠ADE=∠DBE=∠DAC,
∴PD=PA,
∵∠DFA+∠DAF=∠ADE+∠BDE=90°,
∴∠PDF=∠PFD,
∴PD=PF,
∴PA=PF,即 P 是线段 AF 的中点;
(3)解:
∵∠CBD=∠DBA,CD=3,
∴CD=AD=3,
18
由勾股定理得:
AB=5,
即⊙O 的半径为 2.5,
由 DE×AB=AD×BD,
即:
5DE=3×4,
∴DE=2.4.
即 DE 的长为 2.4.
9.(2019·安阳二模)如图,在矩形 ABCD 中,点 O 在对角线 AC 上,以 OA 的长为半径的圆 O 与 AD,
AC 分别交于点 E,F,且∠ACB=∠DCE.
(1)判断直线 CE 与⊙O 的位置关系,并证明你的结论;
1
2
【答案】见解析.
【解析】
(1)直线 CE 与⊙O 相切,
证明:
连接 OE,
∵OA=OE,
∴∠EAO=∠AEO,
∵∠ACB=∠DCE,
∴∠AEO=∠ACB=∠DCE,
∵四边形 ABCD 是矩形,
∴BC∥AD,
19
∴∠ACB=∠DAC,
∵∠ACB=∠DCE,
∴∠DAC=∠DCE,
由∠D=90°,得:
∠DCE+∠DEC=90°,
∴∠AEO+∠DEC=90°,
∴∠OEC=90°,即 OE⊥EC,
∵OE 为半径,
∴直线 CE 与⊙O 相切;
1
2
由勾股定理得:
AC=2 5 ,
∵∠ACB=∠DCE,
1
2
1
2
由勾股定理得:
CE= 5 ,
在
COE 中,CO2=CE2+OE2,OE=OA,
(2 5 ﹣OA)2=OA2+( 5 )2,
解得:
OA=
3 5
4
,
3 5
即⊙O 的半径是.
4
10.(2019·平顶山三模)如图,在△ABC 中,AC=BC,AB 是⊙C 的切线,切点为点 D,直线 AC 交
1
2
(
)求证:
ABF 是直角三角形;
(2)若 AC=6,则直接回答 BF 的长是多少.
20
【答案】见解析.
【解析】
(1)证明:
连接 CD,则 CF=CD,
∵AB 是⊙C 的切线.
∴CD⊥AB,∠ADC=∠BDC=90°,
1
2
1
2
∵AC=BC,
∴∠ABC=∠A=30°,
∴∠ACB=120°,∠BCD=∠BCF=60°,
∵BC=BC,
∴△BCD≌△BCF,
∴∠BFC=∠BDC=90°,
∴△ABF 是直角三角形.
(2)解:
由
(1)知:
AC=BC,CD⊥AB,
∴AD=BD=BF,
在
ACD 中,∠A=30°,AC=6,
∴CD=3,∴AD= 3 CD=3 3 .∴BF=3 3 .
21