C.c点溶液中：
c（Na+）=l0c（HX）D.室温下HX的电离常数为10-4.75
二、选择题（本卷共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，其中第19～21题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
）
14.下列说法正确的是（）
A.卢瑟福通过α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子
B.铀核（
）衰变为铅核（
）的过程中，要经过8次α衰变和5次β衰变
C.铀核（
）衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定小于铀核的结合能
D.按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是hν，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W0，剩下的表现为逸出后电子的初动能Ek
15.如图所示，有8个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木板的质量为300g，某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力F，使木板水平静止。
若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2.则水平压力F至少为（）
A.18NB.24NC.30ND.48N
16.质量相等的A、B两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力F1、F2的作用而从静止开始做匀加速直线运动．经过时间t0和4t0速度分别达到2v0和v0时，分别撤去F1和F2，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止．两物体速度随时间变化的图线如图所示．F1和F2对A、B做的功分别为W1和W2，则下列结论正确的是（）
A.W1∶W2＝4∶5B.W1∶W2＝6∶5
C.W1∶W2＝5∶6D.W1∶W2＝12∶5
17.某课外探究小组用如图所示实验装置测量学校所在位置的地磁场的水平分量Bx。
将一段细长直导体棒南北方向放置，并与开关、导线、电阻箱和电动势为E、内阻为R的电源组成如图所示的电路。
在导体棒正下方距离为L处放一小磁针，开关断开时小磁针与导体棒平行，现闭合开关，缓慢调节电阻箱接入电路中的电阻值，发现小磁针逐渐偏离南北方向，当电阻箱接入电路的电阻值为5R时，小磁针的偏转角恰好为30°。
已知通电长直导线周围某点磁感应强度为
（式中I为通过导线的电流强度，r为该点到通电长直导线的距离，k为比例系数），导体棒和导线电阻均可忽略不计，则该位置地磁场的水平分量大小为（）
A.
B.
C.
D.
18.如图所示，边长为L的金属方框放在垂直纸面向外的匀强磁场中，方框与磁感应强度垂直，磁场的磁感应强度为B0，保持方框不动，将磁场的磁感应强度随时间均匀增大，经过时间t，磁场的磁感应强度增大到B1，此时方框中产生的焦耳热为Q；保持磁场的磁感应强度B1不变，将方框绕对称轴（图中虚线）匀速转动，经时间2t方框转过90°，方框中电流大小按正弦规律变化，方框中产生的焦耳热也为Q，则磁感应强度B0和B1的比值为（）
A.
B.
C.
D.
19.如图所示，设月球半径为R，假设“嫦娥四号”探测器在距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ上做匀速圆周运动，运行周期为T，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B时，再次点火进入近月轨道Ⅲ绕月做匀速圆周运动，引力常量为G，不考虑其他星球的影响，则下列说法正确的是（）
A.月球的质量可表示为
B.在轨道Ⅲ上B点的速率小于在轨道Ⅱ上B点的速率
C.“嫦娥四号”探测器在轨道I上经过A点时的加速度大于轨道II上经过A点时的加速度
D.“嫦娥四号”探测器从远月点A向近月点B运动的过程中，加速度变大
20.如图所示，一带正电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称.忽略空气阻力.由此可知（）
A.P点的电势比Q点高
B.油滴在Q点的电势能比它在P点的大
C.油滴在Q点的动能比它在P点的大
D.油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小
21.如图所示，倾角为37°的光滑斜面上粘贴有一厚度不计、宽度为d＝0.2m的橡胶带，橡胶带的上表面与斜面位于同一平面内，其上、下边缘与斜面的上、下边缘平行，橡胶带的上边缘到斜面的顶端距离为L＝0.4m，现将质量为m＝1kg、质量分布均匀、宽度为d的薄矩形板上边缘与斜面顶端平齐且从斜面顶端静止释放．已知矩形板与橡胶带之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不计空气阻力，矩形板由斜面顶端静止释放下滑到完全离开橡胶带的过程中（此过程矩形板始终在斜面上），下列说法正确的是（）
A.矩形板在进入橡胶带的过程中做匀加速直线运动
B.摩擦力做的功为Wf＝−0.8J
C.矩形板的重力做功为WG＝2.4J
D.矩形板的上边缘穿过橡胶带下边缘时速度大小为
m/s
答案及解析
1.【答案】A
【解析】1、细胞不能无限长大的原因：
①受细胞表面积与体积之比限制；②受细胞核控制范围限制。
2、叶绿体：
只存在于植物的绿色细胞中。
扁平的椭球形或球形，双层膜结构。
基粒上有色素，基质和基粒中含有与光合作用有关的酶，是光合作用的场所。
含少量的DNA、RNA。
3、线粒体的内膜向内折叠形成嵴，增大了线粒体内的膜面积，有利于有氧呼吸第三阶段的进行。
【详解】细胞越小，物质运输效率越高，但细胞中有细胞核和细胞器等结构，因此，细胞的体积也并不是越小越好，A错误；叶绿体内的基粒由类囊体垛叠而成，增大了色素的附着面积，也极大地扩展了受光面积，B正确；因为线粒体可以提供能量，飞翔鸟类胸肌细胞中线粒体的数目比不飞翔鸟类的多，是因为前者需要的能量多，C正确；染色体比染色质形态稳定，在有丝分裂后期着丝点分裂，姐妹染色单体分离成为染色体，在纺锤丝的牵引下均匀地移向两极，平均分配给两个子细胞，有利于遗传物质的平均分配，D正确。
2.【答案】B
【解析】生态瓶制作要求：
生态瓶必须是封闭的；生态瓶中投放的几种生物必须具有很强的生活力，成分齐全（具有生产者、消费者和分解者）；生态瓶材料必须透明；生态瓶宜小不宜大，瓶中的水量应占其容积的4/5，要留出一定的空间；生态瓶采光用较强的散射光；选择生命力强的生物，动物不宜太多，个体不宜太大。
【详解】在检测生物组织中的脂肪的实验中，苏丹Ⅲ染液可以将脂肪染成橘黄色，苏丹Ⅳ染液可以将脂肪染成红色，A正确；探究植物细胞质壁分离及复原的实验中，需要观察正常细胞生活状态、质壁分离和复原现象，设计了对照实验，属于自身对照类型，B错误；对酵母菌进行计数时，应在计数室上先放盖玻片，再滴加培养液，使培养液从边缘处自行渗入计数室，多余培养液用滤纸吸去，C正确；生态缸应放置在通风、光线良好的地方，但要避免阳光直射，以免温度过高杀死生态瓶内的生物，D正确。
3.【答案】C
【解析】RNA是核糖核酸的简称，有多种功能：
①有少数酶是RNA，即某些RNA有催化功能；②某些病毒的遗传物质是RNA；③rRNA是核糖体的构成成分；④mRNA携带着从DNA转录来的遗传信息；⑤tRNA可携带氨基酸进入核糖体中参与蛋白质的合成。
【详解】真核生物体中RNA主要分布在细胞质中，A正确；密码子表中有64种密码子，但只有61种能对应氨基酸，并存在61种反密码子与之对应。
密码子中有3种为终止密码子，不对应氨基酸，故mRNA上的终止密码没有与之对应的反密码子，B正确；转运RNA在细胞核内通过转录形成，发挥作用在细胞质基质中，C错误；在合成蛋白质时，多个核糖体可以相继结合到mRNA分子上，形成多聚核糖体，这样可以同时进行多条肽链的合成，提高蛋白质的合成效率，D正确。
4.【答案】C
【解析】人类遗传病是指由于遗传物质改变而引起的人类疾病，主要可以分为单基因遗传病、多基因遗传病和染色体异常遗传病。
可遗传变异包括基因突变、基因重组和染色体变异，遗传物质没有改变的变异不能遗传给后代。
【详解】人类的基因遗传病发生的根本原因是基因突变，但染色体异常遗传病不是基因突变产生的，A错误；环境引起的变异，如果遗传物质没有改变，则属于不可遗传变异；如果遗传物质发生改变，则属于可遗传变异，B错误；21三体综合征体细胞内含有47条染色体，可能是由于精子或卵细胞中染色体异常引起，C正确；基因重组是指减数分裂过程中控制不同性状的非等位基因的重新组合，圆粒和皱粒是由一对等位基因控制的，圆粒豌豆自交后代出现皱粒豌豆是性状分离的结果，D错误。
5.【答案】A
【解析】本题是对发生在内环境中的生化反应的总结：
凡是发生在血浆、组织液、淋巴液中的生化反应都属于发生在内环境中的生理生化反应；凡是只发生在细胞内的反应都不是发生在内环境中的生理生化反应；与外界环境直接相通的腔性器官内的液体不属于体液，其内的生化反应也不是发生在内环境中的生理生化反应。
【详解】葡萄糖分解为丙酮酸的过程发生在细胞质基质中，不在内环境，A符合题意；抗体和抗原的特异性结合发生在血浆、组织液或淋巴液中，该反应是可以发生在内环境中的反应，B不符合题意；神经递质和突触后膜受体的作用发生在组织液内，属于发生在内环境中的生理生化反应，C不符合题意；乳酸与碳酸氢钠作用生成乳酸钠和碳酸发生在血浆中，属于发生在内环境中的生理生化反应，D不符合题意。
6.【答案】D
【解析】调节植物生命活动的激素不是孤立的，而是相互作用共同调节的，植物生命活动的调节从根本上说是植物基因组程序性表达的结果。
植物的生长发育既受内部因子（激素）的调节，也受外部因子（如光、温度、日照长度、重力、化学物质等）的影响。
这些化学和物理因子通过信号转导，诱导相关基因表达，调控生长发育。
【详解】根据分析可知，调节植物生命活动的激素不是孤立的，而是相互作用、共同调节，A正确；植物生命活动的调节从根本上说是植物基因组程序性表达的结果，B正确；在窗台上久不移动的植物由于受到单侧光的影响使其弯向窗外生长，这有利于植物接受更多的光照进行光合作用，进而促进生长，C正确；光照、温度等环境因子的变化会引起植物体内包括植物激素的合成在内的多种变化，进而对基因组的表达进行调节而影响植物的生命活动，但不能改变植物激素作用的原理，D错误。
7.【答案】B
【解析】本题以锂离子二次电池正极废料为研究对象，体现了化学在推进生态文明建设、解决生态环境问题等方面大有作为，同时考查学生通过所学知识解决这一实际问题的能力，根据流程，LiCoO2不与碱反应，Al能与NaOH反应，使Al转变成可溶的NaAlO2，然后过滤得到LiCoO2，LiCoO2中Li为＋1价，O为－2价，Co为＋3价，依据整个流程，产品中Co的化合价为＋2价，即“酸溶”中Co被还原,H2O2被氧化，“酸溶”液中加入NaOH，得到“净化液”，除去Li元素，加入草酸铵溶液，使Co2＋转变成CoC2O4沉淀；
【详解】A、根据铝钴膜的成分以及流程，Al能与NaOH反应，生成可溶的NaAlO2，LiCoO2不溶于NaOH，然后过滤得到LiCoO2，因此碱浸的目的是溶解铝，故A说法正确；
B、LiCoO2中Co显＋3价，产品中CoC2O4，Co显＋2价，化合价降低，LiCoO2为氧化剂，H2O2为还原剂，H2O2被氧化，故B说法错误；
C、H2SO4提供H＋，H2O2作还原剂，盐酸也能提供H＋，＋3价Co也能氧化Cl－转化成＋2价Co。
D、根据上述分析，铝、钴产物可以再利用，故D说法正确。
8.【答案】D
【解析】A、没有指明H2的体积是否是标准状况下测定，因此无法直接使用22.4L·mol－1，故A错误；B、Na2O2与CO2反应方程式为2Na2O2＋2CO2=2Na2CO3＋O2，1molNa2O2参与反应，转移电子物质的量1mole－，因此7.8gNa2O2参与反应转移电子物质的量为7.8g/78g·mol－1×1=0.1mol，故B错误；C、重水的化学式为D2O，即2H2O，其摩尔质量为20g·mol－1，1mol重水含有中子物质的量为10mol，原子物质的量为3mol，1.8g重水的物质的量为1.8g/20g·mol－1=0.09mol，含有中子、原子物质的量分别为0.9mol、0.27mol，故C错误；D、CaCO3和KHCO3的摩尔质量都是100g·mol－1，因此10g该混合物中含有氧原子的物质的量为10g×3/100g·mol－1=0.3mol，故D正确。
【点睛】易错点是选项C，重水为2H2O，利用质量数等于近似相对原子质量，因此重水的摩尔质量为20g·mol－1，最后利用质量数=质子数+中子数进行分析。
9.【答案】C
【解析】A、考查有机物官能团的性质，甲和丙都属于烷烃，烷烃的化学性质相对稳定，不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪色，故A说法正确；B、本题考查同分异构体的判断，丁的化学式为C4H8，可能是单烯烃，也可能是环烷烃，如为单烯烃，可能结构简式为CH2=CHCH2CH3、CH3CH=CHCH3、CH2=C（CH3）2，如为环烷烃，可能的结构简式为
、
，共有五种，故B说法正确；C、考查有机物的燃烧，等质量时，烃转化成CHy/x，y/x越大，消耗氧量越多，含氧衍生物拆写成烃和H2O的形式，乙的化学式为C2H4，戊可以写成C2H4·H2O，相同质量，因此戊耗氧量小于乙，故C说法错误；
D、考查有机物同分异构体，己的化学式为C2H4O2，首先想到的是CH3COOH，题中能发生银镜反应，说明含有醛基，不发生水解，说明不含有酯基，因此结构简式可能为HOCH2CHO，故D说法正确。
【点睛】难点是选项D，根据己的分子式，首先想到CH3COOH，－COOH可以看作是由羰基和羟基组成，然后根据题中所给条件，写出符合条件的结构简式为HOCH2CHO。
10.【答案】A
【解析】考查实验方案设计与评价，应从一些细节方面进行分析和判断；
【详解】A、考查碘单质的性质，加入氢氧化钠溶液，使溶液显碱性，I2能与NaOH反应，因此不能判断淀粉是否完全水解，故A不能达到实验目的；
B、考查氧化还原反应的先后规律，一种氧化剂多种还原剂，先与还原性强的进行反应，溴易溶于四氯化碳，溴单质溶解在四氯化碳中，溶液显橙色或橙红色，且四氯化碳的密度大于水，如果下层溶液不变色，说明Fe2＋的还原性强于Br－，如果下层溶液显橙色或橙红色，说明Br－的还原性强于Fe2＋，故B能达到实验目的；C、考查配合物，向硫酸铜溶液中滴加氨水，先生成蓝色沉淀Cu（OH）2，继续加入氨水，蓝色沉淀消失，溶液变为深蓝色，加入乙醇后，溶液析出深蓝色晶体，即深蓝色晶体为Cu（NH3）4SO4·H2O，故C能达到实验目的；D、考查新制氯水的成分，新制氯水中含有H＋、Cl－、HClO、Cl2等，向少量紫色石蕊试液逐滴加入新制氯水，溶液显红色，说明新制氯水显酸性，然后红色褪去，说明氯水具有氧化性，故D能达到实验目的。
11.【答案】B
【解析】本题考查学生对原子结构、元素周期律等知识掌握程度，以及对短周期主族元素单质及其化合物化学性质的掌握，本题的突破口是“W元素原子半径是所在周期元素里原子半径最大的”，学生可以根据同周期原子半径变化规律，推出W为IA族元素，因为原子序数依次增大，即W为Na，X与W属于同主族，则X可能为H，也可能为Li，如X为Li，Y和Z位于第二周期，Y元素的单质通常呈气态，则Y可能是N，也可能是O，假设Y为N，依据x＋y=z=1/2m，x＋y=3＋7=10，Z为Ne，Ne不属于主族元素，同理Y为O，也不符合该题意，因此X不能为Li，即X为H，按照Li的分析方式，推出Y为N，Z为O，M为S；
【详解】W元素原子半径是所在周期元素里原子半径最大的，可以根据同周期原子半径变化规律，推出W为IA族元素，因为原子序数依次增大，即W为Na，X与W属于同主族，则X可能为H，也可能为Li，如X为Li，Y和Z位于第二周期，Y元素的单质通常呈气态，则Y可能是N，也可能是O，假设Y为N，依据x＋y=z=1/2m，x＋y=3＋7=10，Z为Ne，Ne不属于主族元素，同理Y为O，也不符合该题意，因此X不能为Li，即X为H，按照Li的分析方式，推出Y为N，Z为O，M为S；
A、简单离子半径大小：
N3－>O2－>Na＋，故A错误；B、组成的化合物为Na2S，只含有离子键，也有可能组成Na2Sx（x>1），Sx2－内还含有S－S非极性键，故B正确；C、氢化物分别是NH3、H2S，NH3与H2O之间形成分子间氢键，增加NH3的溶解度，H2S与H2O不能形成分子间氢键，因此NH3在H2O中溶解度远远大于H2S，故C错误；D、组成的化合物NH4HS、（NH4）2S等离子化合物，故D错误。
【点睛】难点是选项B，学生可根据同主族性质的相似性，推断出Na和S形成的化合物可能是Na2S、Na2S2，Na2S只含有离子键，Na2S2含有离子键和非极性共价键，同时平时学习中对一些课本上没有的知识加以记忆，如Na和S可以形成Na2Sx（x>1），这样就不会认为选项B不正确。
12.【答案】D
【解析】灵敏电流计指针发生偏转，说明有电流产生，则装置一定是原电池，负极电极反应式是Cu－2e－=Cu2＋，正极反应不可能发生2H＋＋2e－=H2↑，因此正极反应必是Cu2＋＋2e－=Cu，溶液中离子从高浓度的右室经过离子交换膜迁往低浓度的左室才是自发过程，如果溶液中迁移Cu2＋，由于负极与正极消耗或产生的Cu2＋相等，则左、右两室溶液浓度不变，但负极Cu减少，正极Cu增加，需要消耗能量而不可能提供电能，所以溶液中迁移离子不可能是Cu2＋，就只能是SO42－，从右室向左室迁移，因此b为正极，a为负极；
【详解】A、该装置浓度差电池，浓度增大，还原性或氧化性增强，右侧CuSO4浓度大，氧化性增强，因此b电极为正极，a电极为负极，电极反应式为Cu－2e－=Cu2＋，故A错误；
B、溶液中离子从高浓度的右室经过离子交换膜迁往低浓度的左室才是自发过程，如果溶液中迁移Cu2＋，由于负极与正极消耗或产生的Cu2＋相等，则左、右两室溶液浓度不变，但负极Cu减少，正极Cu增加，需要消耗能量而不可能提供电能，所以溶液中迁移离子不可能是Cu2＋，就只能是SO42－，从右室向左室迁移，故
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