22
(1-0.6826)=0.1587.
8.为了迎接2010年广州亚运会,某大楼安装5个彩灯,它们闪亮的顺序不固定。
每个彩灯闪亮只
能是红、橙、黄、绿、蓝中的一种颜色,且这5个彩灯闪亮的颜色各不相同,记这5个彩灯有序地闪亮一次为一个闪烁。
在每个闪烁中,每秒钟有且仅有一个彩灯闪亮,而相邻两个闪烁的时间间隔均为5秒。
如果要实现所有不同的闪烁,那么需要的时间至少是()
A.1205秒B.1200秒C.1195秒D.1190秒
8.C.【解析】共有5!
=120个不同的闪烁,每个闪烁时间为5秒,共5×120=600秒;每两个闪烁之间的间隔为5秒,共5×(120—1)=595秒。
那么需要的时间至少是600+595=1195秒。
二、填空题:
本大题共7小题.考生作答6小题.每小题5分,满分30分
(一)必做题(9~13题)
9.函数,f(x)=lg(x-2)的定义域是.
9.(2,+∞).【解析】由x-2>0,得x>2,所以函数的定义域为(2,+∞).
(1,2,1),c
10.若向量a=(1,1,x),b=
=(1,1,1)满足(c-a)∙(2b)=-2,则x=.
10.2.【解析】c-a=(0,0,1-x),(c-a)⋅(2b)=2(0,0,1-x)⋅(1,2,1)=2(1-x)=-2,解得x=2.
11.已知a,b,c分别是△ABC的三个内角A,B,C所对的边,若a=1,b=sinC=.
,A+C=2B,则
1
11.1.【解析】由A+C=2B及A+B+C=180°知,B=60°.由正弦定理知,
sinA
=,
sin60
即sinA=1.由a
于是sinC=sin90=1.
12.若圆心在x轴上、半径为的圆O位于y轴左侧,
且与直线x+y=0相切,则圆O的方程是.
12.(x+2)2+y2=2.【解析】设圆心为(a,0)(a<0),
|a+2⨯0|
则r==,解得a=-2.
13.某城市缺水问题比较突出,为了制定节水管理办法,对全市居民某年的月均用水量进行了抽样调查,其中n位
居民的月均用水量分别为x1,x2,,xn
(单位:
吨).根
据图2所示的程序框图,若n=2,且x1,x2分别为1,2,则输出的结果s为.
1
13..
4
(二)选做题(14、15题,考生只能从中选做一题)14.(几何证明选讲选做题)如图3,AB,CD是半径为a的
2a
圆O的两条弦,他们相交于AB的中点P,PD,
3
∠OAP=30︒,则CP=.
14.9a.【解析】因为点P是AB的中点,由垂径定理知,OP⊥AB.B
8图3
在Rt∆OPA中,BP=AP=acos30=3a.
2
由相交弦定理知,BP⋅AP=CP⋅DP,A
即a⋅
a=CP⋅2
a,所以CP=
OD
9a.
2238P
C
B
15.(坐标系与参数方程选做题)在极坐标系(ρ,θ)(0≤θ<2π)中,曲线ρ=2sinθ与
ρcosθ=-1的交点的极坐标为.
15.(2,
3π
).【解法1】两条曲线的普通方程分别为x
4
2+y2
⎧x=-1,
⎩
=2y,x=-1.解得⎨y=1.
⎧x=ρcosθ,3π
⎩
由⎨y=ρsinθ得点(-1,1)的极坐标为(2,4).
⎧ρ=2sinθ1
⎩
【解法2】由⎨ρcosθ=-1得sin2θ=-2,Q0≤θ<2π
∴0≤2θ<4π,
3π3π3π7π3π
∴2θ=或2θ=+2π,∴θ=或(舍),从而ρ=,交点坐标为(2,)。
22444
三、解答题:
本大题共6小题,满分80分.解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤.16.(本小题满分l4分)
π
已知函数f(x)=Asin(3x+ϕ)(A>0,x∈(-∞,+∞),0<ϕ<π)在x=时取得最大值4。
12
(1)求f(x)的最小正周期;
(2)求f(x)的解析式;
(3)若f(
2α+π)=,求sinα。
3125
sin(2α+π=3,cos2α=3,1-2sin2α=3,sin2α=1,sinα=±.
255555
17.(本小题满分12分)
某食品厂为了检查一条自动包装流水线的生产情况,随机抽取该流水线上的40件产品作为样本称出它们的重量(单位:
克),重量的分组区间为
(490,495],(495,500],……,(510,515],由此得到样本的频率分布直方图,如图4所示。
(1)根据频率分布直方图,求重量超过505克的产品数量。
(2)在上述抽取的40件产品中任取2件,设Y为重量超过505克的产品数量,求Y的分布列。
(3)从流水线上任取5件产品,求恰有2件产品的重量超
过505克的概率。
17.
(1)重量超过505克的产品数量是
40⨯(0.05⨯5+0.01⨯5)=12件;
(2)Y的所有可能取值为0,1,2;
C263
C1C156
C211
P(Y=0)=28=,P(Y=1)=1228=,P(Y=1)=12=,
2130
2130
2130
Y的分布列为
(3)(别解)从流水线上任取5件产品,恰有2件产品的重量超过505克的概率为
2312⨯11⨯28⨯27⨯26
C12C28=2⨯13⨯2⨯1=
21⨯11=231。
C540⨯39⨯38⨯37⨯3637⨯19703
40
5⨯4⨯3⨯2⨯1
18.(本小题满分14分)如图
是半径为a的半圆,AC为直径,点E
的中点,点B
和点C为线段AD的三等分点,平面AEC外一点F满足FB=FD=
(1)证明:
EB⊥FD;
5a,EF=
6a。
(2已知点Q,R为线段FE,FB上的点,FQ=
2
2FE,
3
FR=
FB,求平面BED与平面RQD所成二面角的正弦值。
3
18.
(1)证明:
连结CF,因为
是半径为a的半圆,AC为直径,点E
的中点,所以EB⊥AC。
在RT∆BCE中,EC=
BC2+BE2=
=2a。
在∆BDF中,BF=DF=
CF⊥BD。
5a,∆BDF为等腰三角形,且点C是底边BD的中点,故
在∆CEF中,CE2+CF2=(2a)2+(2a)2=6a2=EF2,所以∆CEF为Rt∆,且
CF⊥EC。
因为CF⊥BD,CF⊥EC,且CEIBD=C,所以CF⊥平面BED,而EB⊂平面BED,∴CF⊥EB。
因为EB⊥AC,EB⊥CF,且ACICF=C,所以EB⊥
平面BDF,
而FD⊂平面BDF,∴EB⊥FD。
(2)设平面BED与平面RQD的交线为DG.
由FQ=
2FE,FR=
3
2FB,知QR//EB.
3
而EB⊂平面BDE,∴QR//平面BDE,而平面BDEI平面RQD=DG,
∴QR//DG//EB.
由
(1)知,BE⊥平面BDF,∴DG⊥平面BDF,而DR,DB⊂平面BDF,∴DG⊥DR,DG⊥DQ,
∴∠RDB是平面BED与平面RQD所成二面角的平面角.
在Rt∆BCF中,CF===2a,
sin∠RBD=FC=
BF
2a=
5a
2
2,cos∠RBD=
1
=1.
在∆BDR中,由FR=
由余弦定理得,RD=
=
FB知,BR=
3
FB=,
33
5a
=29a
3
29a
由正弦定理得,
BR
sin∠RDB
RD
sin∠RBD
,即3=3,
sin∠RDB2
5
sin∠RDB=。
29
故平面BED与平面RQD所成二面角的正弦值为。
29
19.(本小题满分12分)某营养师要为某个儿童预定午餐和晚餐。
已知一个单位的午餐含12个单位的碳水化合物,6个单位的蛋白质和6个单位的维生素C;一个单位的晚餐含8个单位的碳水化合物,6个单位的蛋白质和10个单位的维生素C。
另外,该儿童这两餐需要的营养中至少含64个单位的碳水化合物,42个单位的蛋白质和54个单位的维生素C。
如果一个单位的午餐、晚餐的费用分别是2.5元和4元,那么要满足上述的营养要求,并且花费最少,应当为该儿童分别预订多少个单位的午餐和晚餐?
19.解:
设为该儿童分别预订x,y个单位的午餐和晚餐,共花费z元,则z=2.5x+4y,且满足以下条件
⎧12x+8y≥64
⎪6x+6y≥42
⎪6x+10y≥54
⎪⎩x,y≥0
⎧3x+2y≥16
⎪x+y≥7
即
⎪3x+5y≥27
⎪⎩x,y≥0
3x+2y=y1x+y=7
3x+5y=27
作直线l:
2.5x+4y=0,平移直线l至l0,A
当l0经过C点时,可使z达到最小值。
⎧3x+5y=27
由⎨x+y=7
⇒⎧x=4
⎩
即C(4,3),
2.5x+4y=0BCx
O
此时z=2.5⨯4+4⨯3=22,
答:
午餐和晚餐分别预定4个单位和3个单位,花费最少z=22元。
x
20.(本小题满分14分)已知双曲线
-
y2=1的左、右顶点分别为A,A,点P(x,y),Q(x,-y)
2
是双曲线上不同的两个动点。
121111
(1)求直线A1P与A2Q交点的轨迹E的方程;
(2若过点H(0,h)(h>1)的两条直线l1和l2与轨迹E都只有一个交点,且l1⊥l2,求h的值。
20.
(1)解:
由A1,A2为双曲线的左右顶点知,A1(-
2,0),
A2(2,0),
1
AP:
y=y1(x+
2),AQ:
y=-y1(x-
2)
,两式相乘y2
-
y2
1
=1(x2
-2),
x1+
x1-
2
x22
y21
x2-2
1
1
因为点P(x,y)在双曲线上,所以1-y
=1,即1=
,故y2=-
(x2-2),
11
x2+2
21x2-222
x22
所以y
2
=1,即直线A1P与A2Q交点的轨迹E的方程为2+y
1
=1.且
(2)解法1:
设l1:
y=kx+h,则由l1⊥l2知,l2:
y=-kx+h。
x22
将l1:
y=kx+h代入2+y
x22
=1得
222
+
(kx+h)
2
=1,即(1+2k)x
+
4khx+2h
-2=0,
1
由l与E只有一个交点知,∆=16k2h2-4(1+2k2)(2h2-2)=0,即1+2k2=h2。
同理,由l2与E只有一个交点知,1+2⋅k2
=h2,消去h2得1
k2
=k2,即k2=1,
解法2:
由题意知直线l1和l2都是椭圆E的切线,由对称性知,两直线的倾斜角分别为45︒和
135︒,设其方程为y=±x+h,代入椭圆E的方程
x2+2
2
=1得
x2+
2
(±x+h)2
=1,即3x
2±4hx+2h2
-2=0
由∆=0得16h2-4⨯3⨯(2h2-2)=0,即h2=3,
Qh>1,∴h=3.
21.(本小题满分14分)
设A(x1,y1),B(x2,y2)是平面直角坐标系xOy上的两点,现定义由点A到点B的一种折线距离ρ(A,B)为ρ(A,B)=|x2-x1|+|y2-y1|.
对于平面xOy上给定的不同的两点A(x1,y1),B(x2,y2),
(1)若点C(x,y)是平面xOy上的点,试证明ρ(A,C)+ρ(C,B)≥ρ(A,B);
(2)在平面xOy上是否存在点C(x,y),同时满足
①ρ(A,C)+ρ(C,B)=ρ(A,B)②ρ(A,C)=ρ(C,B)
若存在,请求出所有符合条件的点;若不存在,请予以证明.21.
(1)证明:
由绝对值不等式知,
ρ(A,C)+ρ(C,B)=|x-x1|+|x2-x|+|y-y1|+|y2-y
≥|(x-x1)+(x2-x)|+|(y-y1)+(y2-y)|
=|x2-x1|+|y2-y1|
=ρ(A,B)
当且仅当(x-x1)⋅(x2-x)≥0且(y-y1)⋅(y2-y)≥0时等号成立。
(2)解:
由ρ(A,C)+ρ(C,B)=ρ(A,B)得
(x-x1)⋅(x2-x)≥0且(y-y1)⋅(y2-y)≥0
(Ⅰ)
由ρ(A,C)=ρ(C,B)得
|x-x1|+|y-y1|=|x2-x|+|y2-y|
(Ⅱ)
因为A(x1,y1),B(x2,y2)是不同的两点,则:
1︒若x1=x2且y1≠y2,不妨设y1由(Ⅰ)得由(Ⅱ)得
x=x1=x2且y1≤y≤y2,
y=y1+y2,
2
此时,点C是线段AB的中点,即只有点C(x1+x2,y1+y2)满足条件;
22
2︒若x≠x且y=y,同理可得:
只有AB的中点C(x1+x2,y1+y2)满足条件;
121222
3︒若x1≠x2且y1≠y2,不妨设x1由(Ⅱ)得x+y=x1+x2+y1+y2,
22
此时,所有符合条件的点C的轨迹是一条线段,即:
过AB的中点(x1+x2,y1+y2),斜
22
率为-1的直线x+y=x1+x2+y1+y2夹在矩形AABB之间的部分,其中A(x,y),
221111
A1(x2,y1),B(x2,y2),B1(x1,y2)。